前言：个人认为这是历年NOIP中比较简单的最后一题了，因此将自己的思路与大家分享。
题目大意：
给一棵无根树，给出m条路径。允许将树上的一条边的权值改为0。求m条路径长度最大值的最小值。n,m<=300000.
思考：
题目将40分部分分给了链的情况。50分的部分分给了n,m<=3000.说明以下两点：
1.链的情况可能是问题的突破口(类比NOIP2016D1T2的部分分设置)。
2.可能要从较小的n,m入手(经验之谈：当n,m较小有30分时大多情况是为了分数好看，但n,m较小有50-80分则是启发正解)
那么我们将问题简化成一条链。
对链的情况的分析：
当树退化成链的时候，我们可以将树用链表保存。为了简单起见，我们用映射数组m将链表中距离链头i个结点的编号映射成i+1。链头的编号为1。这样可以将链表保存在普通的数组里，而不是有nxt域的数组。
下文用m(i)表示原来第i个结点的映射。
对于任意询问u,v，必然是从数组的第min(m(v),m(u))个元素到第max(m(u),m(v))个元素。我们可以通过前缀和在O(n)预处理，O(1)的时间获得答案。这样我们得到了未删除边的答案m个。
现在我们要减少一条边的权值到0。不难发现减少的边一定在得到最大答案的路径上。但不一定是得到最大答案的路径上边权最大的边。原因呢？
分析答案式：
最终答案ans=max(w(l1),w(l2),...,w(lm)).w(l)为路径l的长度。当我们减掉的边是最大答案路径上边权最大的边时，答案可能受到次大答案路径的影响。当我们减掉最大答案路径和次大答案路径的交上的最大边时，答案可能受到第三大答案路径的影响。由此分析，答案可能是要减去最大答案路径的最大值，最大答案路径和次大答案路径的交集的最大值，...，所有路径交集的最大值之一。在模拟样例的过程中，我们可以发现答案应该随着上述删除边的变化逐渐变小或不变。若答案变大则可以停止向下查找。
继续链上的分析：
网上的题解大多借着答案的单调性以及要求最大值最小，想到了二分答案。在链上时间复杂度为O(m*logmax).
我比较蠢，没看出来二分答案。我来谈谈我在链上的做法。
将数组放在线段树上，线段树保存三个data。第一个是区间最大值maxx。第二个是区间被所有路径覆盖的最大值chs，第三个是区间最大覆盖次数mxcv。对于任意的l到r。给l到r这一段的区间最大覆盖次数加一。查找操作时如果mxcv不等于当前枚举的路径数量则直接return。否则返回chs。时间复杂度O(mlogn)。
放在树上：
链上的情况解决了，那么树上就很容易了。树链剖分后将问题退化至链上即可解决，时间复杂度需要加一个log，为O(mlognlogn)。
但是不知道为什么我的用时比树上前缀和的O(nlogmaxn)要快
代码：
1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 const int maxn = 300003; 4 struct edge{int to,w,nxt;}e[maxn<<1],get_LCA[maxn<<1]; 5 struct node{int mxcv,maxx,chs,lazy;}t[maxn<<2]; 6 struct ask{int from,to,LCA,len;}Pro[maxn],*P=Pro; 7 int n,m,NM,NM2,g[maxn],top[maxn],fa[maxn],sz[maxn],son[maxn],ABOUT_LCA[maxn]; 8 int pre[maxn],dep[maxn],call[maxn],abcall[maxn],tms[maxn],FW[maxn],stnd=1,l,r; 9 int found(int x){ 10 int rx = x; while(pre[rx]!=rx)rx=pre[rx]; 11 while(pre[x]!=rx){int t=pre[x];pre[x]=rx;x=t;} 12 return rx; 13 } 14 void dfs1(int now,int Prt,int DPTH){//Prt=parent //as we get fa,size,depth,Father_road_weight,we can also get LCA 15 fa[now] = Prt;dep[now] = DPTH;int maxx = 0; 16 for(int i=ABOUT_LCA[now];i;i=get_LCA[i].nxt){ 17 if(!fa[get_LCA[i].to])continue; 18 Pro[get_LCA[i].w].LCA = found(get_LCA[i].to); 19 } 20 for(int i=g[now];i;i=e[i].nxt){ 21 if(e[i].to==Prt)continue; 22 dfs1(e[i].to,now,DPTH+e[i].w); 23 sz[now]+=sz[e[i].to];FW[e[i].to]=e[i].w; 24 if(sz[maxx]<sz[e[i].to])maxx=e[i].to; 25 } 26 sz[now]++;son[now] = maxx; 27 pre[found(now)] = found(Prt); 28 } 29 void dfs2(int now,int tp,int Val){ 30 if(tp != now) NM++,call[now] = NM,abcall[NM]=Val; 31 top[now] = tp; 32 if(son[now]) dfs2(son[now],tp,FW[son[now]]); 33 for(int i=g[now];i;i=e[i].nxt){ 34 if(e[i].to == son[now] || e[i].to == fa[now])continue; 35 dfs2(e[i].to,e[i].to,e[i].w); 36 } 37 } 38 void build_tree(int l,int r,int now){ 39 if(l == r) t[now].chs=t[now].maxx=abcall[l]; 40 else{ 41 int mid = (l+r)/2; 42 build_tree(l,mid,now<<1),build_tree(mid+1,r,now<<1|1); 43 t[now].maxx = t[now].chs = max(t[now<<1].maxx,t[now<<1|1].maxx); 44 } 45 } 46 void add_edge(int a,int b,int v,int NUM[],int &u,edge NE[]){ 47 NE[++u] = (edge){b,v,NUM[a]}; NUM[a] = u; 48 NE[++u] = (edge){a,v,NUM[b]}; NUM[b] = u; 49 } 50 void read(){ 51 scanf("%d%d",&n,&m); 52 for(int i=1,a,b,v;i<n;i++){scanf("%d%d%d",&a,&b,&v);add_edge(a,b,v,g,NM,e);} 53 for(int i=1;i<=m;i++){scanf("%d%d",&Pro[i].from,&Pro[i].to);} 54 for(int i=1;i<=m;i++){add_edge(Pro[i].from,Pro[i].to,i,ABOUT_LCA,NM2,get_LCA);} 55 } 56 void Heavy_Lt_Dec(){ 57 for(int i=1;i<=n;i++) pre[i] = i; 58 dfs1(1,-1,0); NM=0; dfs2(1,1,0); build_tree(1,NM,1); 59 } 60 void push_up(int now){ 61 t[now].mxcv = max(t[now<<1].mxcv,t[now<<1|1].mxcv); 62 if(t[now<<1].mxcv > t[now<<1|1].mxcv)t[now].chs=t[now<<1].chs; 63 else if(t[now<<1].mxcv < t[now<<1|1].mxcv)t[now].chs=t[now<<1|1].chs; 64 else t[now].chs = max(t[now<<1].chs,t[now<<1|1].chs); 65 } 66 void push_down(int now){ 67 t[now<<1].lazy+=t[now].lazy;t[now<<1|1].lazy+=t[now].lazy; 68 t[now<<1].mxcv+=t[now].lazy;t[now<<1|1].mxcv+=t[now].lazy; 69 t[now].lazy=0; 70 } 71 int update(int tl,int tr,int now){ 72 if(t[now].mxcv < stnd-1 || l>tr || r<tl)return 0; 73 if(tl >= l && tr <= r){t[now].mxcv++;t[now].lazy++;return t[now].chs;} 74 if(t[now].lazy) push_down(now); 75 int mid=(tl+tr)/2,ans=max(update(tl,mid,now*2),update(mid+1,tr,now*2+1)); 76 push_up(now); 77 return ans; 78 } 79 int ADD_Tree(int OP,int ED,int PB){ 80 int ans = 0; 81 while(OP != PB){ 82 l=call[son[top[OP]]],r=call[OP];int kkk = top[OP]; 83 if(top[OP]==top[PB])l=call[son[PB]],kkk=PB; 84 if(top[OP]==OP){if(++tms[OP]==stnd)ans=max(ans,FW[OP]);OP=fa[OP];} 85 else{ans=max(ans,update(1,NM,1));OP=kkk;} 86 } 87 while(ED != PB){ 88 l=call[son[top[ED]]],r=call[ED];int kkk = top[ED]; 89 if(top[ED]==top[PB])l=call[son[PB]],kkk=PB; 90 if(top[ED]==ED){if(++tms[ED]==stnd)ans=max(ans,FW[ED]);ED=fa[ED];} 91 else{ans=max(ans,update(1,NM,1));ED=kkk;} 92 } 93 return ans; 94 } 95 int cmp(ask a,ask b){return a.len<b.len;} 96 void work(){ 97 for(int i=1;i<=m;i++)Pro[i].len=dep[P[i].from]+dep[P[i].to]-2*dep[P[i].LCA]; 98 sort(Pro+1,Pro+m+1,cmp);int maxans = Pro[m].len; 99 for(int i=m;i>=1;i--,stnd++){ 100 int ans = max(P[m].len-ADD_Tree(P[i].from,P[i].to,P[i].LCA),P[i-1].len); 101 if(ans > maxans)break; else maxans = ans; 102 } 103 printf("%d",maxans); 104 } 105 int main(){read();Heavy_Lt_Dec();work();return 0;}