完了，前几天才说 edu 的 DEF 都不会，现在打脸了吧 qwq
其实在刚说完这句话 1min 就会了 D，3min 就会了 E
发现，对于大小 (ge 3) 的不平衡集合，它至少有一个大小为 (2) 的子集是不平衡的。
证明，发现对于大小为 (2) 的集合，平衡当且仅当两数的数位交为空（对于任意一位，至多一个数在这一位上不是 (0)）。
反证一波，如果大集合没有大小为 (2) 的不平衡集合，那么任意两数的数位交都为空，那么大集合也是平衡的，矛盾了。
所以，只需要考虑大小为 (2) 的集合。
这个就能线段树简单做了，每个线段树维护 (ans) 表示这个区间中的答案，(mn_i) 表示这个区间中第 (i) 位有值的数的最小值。pushup 具体看代码。
时间复杂度 (O((n+qlog n)log a_i))。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int,int> PII;
const int maxn=200020,pw[9]={1,10,100,1000,10000,100000,1000000,10000000,100000000};
#define MP make_pair
#define PB push_back
#define lson o<<1,l,mid
#define rson o<<1|1,mid+1,r
#define FOR(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define ROF(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define MEM(x,v) memset(x,v,sizeof(x))
inline ll read(){
char ch=getchar();ll x=0,f=0;
while(ch<'0' || ch>'9') f|=ch=='-',ch=getchar();
while(ch>='0' && ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return f?-x:x;
}
int n,m,a[maxn];
struct node{
ll ans,mn[9];
node operator+(const node &nd)const{
node s;
s.ans=min(ans,nd.ans);
FOR(i,0,8) s.ans=min(s.ans,mn[i]+nd.mn[i]),s.mn[i]=min(mn[i],nd.mn[i]);
return s;
}
}seg[maxn*4];
inline int get(int x,int id){return x/pw[id]%10;}
void build(int o,int l,int r){
if(l==r){
seg[o].ans=1e18;
FOR(i,0,8) seg[o].mn[i]=get(a[l],i)?a[l]:1e18;
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
build(lson);build(rson);
seg[o]=seg[o<<1]+seg[o<<1|1];
}
void update(int o,int l,int r,int p,int v){
if(l==r){
seg[o].ans=1e18;
FOR(i,0,8) seg[o].mn[i]=get(v,i)?v:1e18;
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
if(mid>=p) update(lson,p,v);
else update(rson,p,v);
seg[o]=seg[o<<1]+seg[o<<1|1];
}
node query(int o,int l,int r,int ql,int qr){
if(l>=ql && r<=qr) return seg[o];
int mid=(l+r)>>1;
if(mid<ql) return query(rson,ql,qr);
if(mid>=qr) return query(lson,ql,qr);
return query(lson,ql,qr)+query(rson,ql,qr);
}
int main(){
n=read();m=read();
FOR(i,1,n) a[i]=read();
build(1,1,n);
while(m--){
int op=read(),x=read(),y=read();
if(op==1) update(1,1,n,x,y);
else{
ll ans=query(1,1,n,x,y).ans;
printf("%lld
",ans>=2e9?-1ll:ans);
}
}
}