[日常训练]yayamao的神题

Description

$yayamao$是数学神犇，一天他在纸上计算起了$1/P$, 我们知道按照模拟除法可以得到准确解，例如$1/7=0.(142857),1/10=0.1(0)$。$yayamao$发现无论他如何模拟小数都会出现循环，现在$yayamao$想知道循环的长度以及循环出现之前，小数点后面的未循环的数字的位数。例如$1/15=0.0(6)$,那么它的循环长度为$1$，小数点后面的未循环的数字的位数为$1$;$1/4=0.25(0)$，那么它的循环长度为$1$，小数点后面的未循环的数字的位数为$2$。

Input

数据的第一行是一个整数$T$, 表示数据组数。

接下来$T$组数据，每组数据的第一行是一个正整数$P$。

Output

对于每组数据输出$2$个整数$A,B$, 分别表示循环长度以及小数点后面的未循环的数字的位数。

Sample Input

3

1

2

4

Sample Output

1 0

1 1

1 2

HINT

$1;leq;T;leq;10000,1;leq;P;leq;2; imes;10^9$.

Solution

小学奥数中,一个分数如果是纯循环小数,则它的分母是$k=999...9$的因数($k$为最小的这种形式的原分母的倍数),循环节为$k$的位数;

若是混循环小数,则它的分母是$k=999...9000...0$的因数($k$为最小的这种形式的原分母的倍数),循环节为$k$中$9$的个数,小数点后不循环部分的位数为$k$中$0$的个数.

由此可见,设$P=2^{a_1}5^{a_2}P'((P',10)=1)$,则循环部分的位数为$max(a_1,a_2)$.

现在求循环节长度.

设$a_i$表示$P'$小数点后$i$位上的数,$b_i$表示处理第$i-1$位后的余数.

显然,$b_1=1,a_1=lfloor10; imes;frac{1}{P'} floor$,

$b_i=10; imes;b_{i-1};mod;P',a_i=lfloor10; imes;frac{b_i}{P'} floor$.

当找到最小的$p,q(p<q)$满足$b_p=b_q$时,答案为$q-p$.

因为$(P',10)=1$,所以$(P',b_i)=1$.

设$10x;equiv;1(mod;P')$,若$p ot=1$,则$b_{p-1}=x; imes;b_p;mod;P'=x; imes;b_q;mod;P'=b_{q-1}$.

出现了更早的重复$b_{p-1}=b_{q-1}$,所以最早的重复在$p=1$,所以$frac{1}{P'}$为纯循环小数.

设$y$为最小的满足$b_y=b_1; imes;10^{y-1};mod;P'=b_1$的正整数,则$10^{y-1};equiv;1(mod;P')$.

问题转化成了求$10$模$P'$的阶.

因为$(10,P')=1$,所以$10^{phi(P')};equiv;1(mod;P')$.

枚举$phi(P')$的质因数找最小质因数解即可.

#include<cmath>
#include<ctime>
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#include<stack>
#include<cstdio>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define N 45000
using namespace std;
typedef long long ll;
ll m[N];
int f[N],p[N],k,n,x,t,cnt,tot;
bool b[N];
inline void prime(){
    f[1]=1;
    for(int i=2;i<N;++i){
        if(!b[i]){
            p[++n]=i;f[i]=i-1;
        }
        for(int j=1;j<=n&&i*p[j]<N;++j){
            b[i*p[j]]=true;
            if(!(i%p[j])){
                f[i*p[j]]=p[j]*f[i];
                break;
            }
            f[i*p[j]]=(p[j]-1)*f[i];
        }
    }
}
inline int phi(int k){
    if(k<N) return f[k];
    for(int i=1,j;i<=n;++i)
        if(!(k%p[i])){
            j=k/p[i];
            if(!(j%p[i]))
                return p[i]*phi(j);
            return (p[i]-1)*phi(j);
        }
    return k-1;
}
inline ll mul(int x){
    if(x<N) return m[x];
    return mul(x>>1)*mul(x+1>>1)%(ll)(k);
}
inline void Aireen(){
    scanf("%d",&t);
    prime();m[0]=1ll;
    while(t--){
        scanf("%d",&k);
        cnt=tot=0;
        while(!(k%2)){
            k>>=1;++cnt;
        }
        while(!(k%5)){
            k/=5;++tot;
        }
        x=phi(k);
        for(int i=1;i<N;++i)
            m[i]=m[i-1]*10ll%(ll)(k);
        for(int i=sqrt(x);i;--i)
            if(!(x%i)){
                if(mul(i)==1ll) x=min(x,i);
                if(mul(x/i)==1ll) x=min(x,x/i);
            }
        printf("%d %d
",x,max(cnt,tot));
    }
}
int main(){
    freopen("pro.in","r",stdin);
    freopen("pro.out","w",stdout);
    Aireen();
    fclose(stdin);
    fclose(stdout);
    return 0;
}