P1972 [SDOI2009]HH的项链
声明：本博客所有题解都参照了网络资料或其他博客，仅为博主想加深理解而写，如有疑问欢迎与博主讨论✧｡٩(ˊᗜˋ)و✧*｡
题目描述
(HH) 有一串由各种漂亮的贝壳组成的项链。(HH) 相信不同的贝壳会带来好运，所以每次散步完后，他都会随意取出一段贝壳，思考它们所表达的含义。(HH) 不断地收集新的贝壳，因此，他的项链变得越来越长。
有一天，他突然提出了一个问题：某一段贝壳中，包含了多少种不同的贝壳？这个问题很难回答…… 因为项链实在是太长了。于是，他只好求助睿智的你，来解决这个问题。
输入格式
一行一个正整数 (n) ，表示项链长度。
第二行 (n) 个正整数 (a_i) ，表示项链中第 (i) 个贝壳的种类。
第三行一个整数 (m)，表示 (H) 询问的个数。
接下来 (m) 行，每行两个整数 (l,r) 表示询问的区间。
输出格式
输出 (m) 行，每行一个整数，依次表示询问对应的答案。
Solution
首先贴一下我觉得写得非常清楚的题解，以下转载自这篇题解：
"这个题用树状数组，线段树等等都可以做，不过用树状数组写起来更方便。
此题首先应考虑到这样一个结论：
对于若干个询问的区间 ([l,r])，如果他们的r都相等的话，那么项链中出现的同一个数字，一定是只关心出现在最右边的那一个的，例如：
项链是：(1 3 4 5 1)
那么，对于 (r=5) 的所有的询问来说，第一个位置上的 (1) 完全没有意义，因为 (r) 已经在第五个 (1) 的右边，对于任何查询的 ([L,5]) 区间来说，如果第一个 (1) 被算了，那么他完全可以用第五个 (1) 来替代。
因此，我们可以对所有查询的区间按照 (r) 来排序，然后再来维护一个树状数组，这个树状数组是用来干什么的呢？看下面的例子：
(1 2 1 3)
对于第一个 (1)，(insert(1,1))；表示第一个位置出现了一个不一样的数字，此时树状数组所表示的每个位置上的数字（不是它本身的值而是它对应的每个位置上的数字）是：(1 0 0 0)
对于第二个 (2)，(insert(2,1))；此时树状数组表示的每个数字是 (1 1 0 0)
对于第三个 (1)，因为之前出现过 (1) 了，因此首先把那个 (1) 所在的位置删掉 (insert(1,-1)),然后在把它加进来 (insert(3,1)) 。此时每个数字是(0 1 1 0)
如果此时有一个询问 ([2,3])，那么直接求 (sum(3)-sum(2-1)=2)就是答案。
题解清楚么？"
看完之后觉得，哇，这道题也就这样嘛，不难啊。可是为什么我接触树状数组一个多学期了，这样基础的题目都想不到，运用不好呢？
一个数据结构，最重要的就是运用，于是借这道题简单理顺一下树状数组。
树状数组支持以下：
(1.) 单点修改
(2.) 区间修改（维护差分）
(3.) 单点查询
(4.) 前缀查询
(5.) 区间查询（实际上是前缀的运用）
所以，碰到一道数据结构的题，若它可以通过发现本题的某些特殊性质，进而转化为和 前缀和、区间和 有关的问题，那么就可以尝试用树状数组做。
例如这道题，经过观察后（(ps:) 这个观察往往也是非常非常重要的，一般来说可以多手算几组合适的样例）发现区间的变动非常不好处理，那么我们就把 (r) 相等的区间分为一组来考虑，再排序，进一步发现种类数只和最靠近 (r) 的有关，从而转化为一个动态求区间值的问题。
Code
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<fstream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<cstring>
#define lowbit(x) x & -x
#define F(i, x, y) for(int i = x; i <= y; ++ i)
using namespace std;
int read();
const int N = 1e6 + 5;
int n, q;
int a[N];
int tree[N];
int last[N];
struct node{
int l, r, num, ans;
}k[N];
bool cmp1(node x, node y){ return x.r < y.r;}
bool cmp2(node x, node y){ return x.num < y.num;}
void add(int pos, int v)
{
for(; pos <= n; pos += lowbit(pos)) tree[pos] += v;
}
int getsum(int pos)
{
int res = 0;
for(; pos; pos -= lowbit(pos)) res += tree[pos];
return res;
}
int main()
{
n = read();
F(i, 1, n) a[i] = read();
q = read();
F(i, 1, q) k[i].l = read(), k[i].r = read(), k[i].num = i;
sort(k + 1, k + 1 + q, cmp1);
F(i, 1, q)
{
if(k[i].r != k[i - 1].r)
F(j, k[i - 1].r + 1, k[i].r)
{
if(last[a[j]]) add(last[a[j]], -1);
add(j, 1), last[a[j]] = j;
}
k[i].ans = getsum(k[i].r) - getsum(k[i].l - 1);
}
sort(k + 1, k + 1 + q, cmp2);
F(i, 1, q) printf("%d
", k[i].ans);
return 0;
}
int read()
{
int x = 0;
char c = getchar();
while(c < '0' || c > '9') c = getchar();
while(c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = getchar();
return x;
}