[牛客]十二桥问题 解题报告

[牛客]十二桥问题

题意

有一张 (n) 个点 (m) 条边的带权有向图 ((n le 50000, m le 200000)),
其中有 (k) 条边是一定要经过的 ((k le 12)),

从节点 (1) 出发, 求 : 经过了所有必须经过的边之后,又回到节点 (1) 的最短路径.

思路

首先, 虽然点的数量比较大, 但是大部分是没用的, 我们只需要关注必须经过的那几条边 (称为桥) 的端点.

所以, 一开始先分别以 (1) 节点和所有桥的端点作为起点, 跑若干遍 (dijkstra), 并用这若干个点之间的最短距离建一张新图.

然后, 考虑状压dp, 设 (f[u][i]) 为到了当前点为 (u), 经过的边集（桥集）为 (i) 时的最短路径.

转移时, 对于当前边集中的边的端点, 枚举它们上一次经过了哪条边转移,
由于题目保证整张图联通, 所以新的最短路图是一个完全图, 因此不是当前边集中的边的端点的点的状态是无用的, 不需要转移.

代码

#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define mkp make_pair
using namespace std;
const int N=5e4+7;
const int M=2e5+7;
const int K=12+7;
const int L=4096+7;
int n,m,k,all,poi,num[N],cnt,bdg[2*K][2*K],bi[K],rec[L];
ll f[2*K+1][L],dis[N],mp[2*K+1][2*K+1],ans,inf;
int lst[N],nxt[2*M],to[2*M],tot;
ll len[2*M];
bool b[N];
struct bridge{
    int x,y;
    ll w;
}e[M];
void add(int x,int y,ll w){
    nxt[++tot]=lst[x];
    to[tot]=y;
    len[tot]=w;
    lst[x]=tot;
}
void read(){
    cin>>n>>m>>k; num[1]=++cnt; int x,y;
    for(int i=1;i<=m;i++){
        scanf("%d%d%lld",&x,&y,&e[i].w);
        if(!num[x]) num[x]=++cnt;
        if(!num[y]) num[y]=++cnt;
        x=num[x];
        y=num[y];
        e[i].x=x;
        e[i].y=y;
        add(x,y,e[i].w);
        add(y,x,e[i].w);
        if(i<=k){ bdg[x][y]=bdg[y][x]=i; poi=cnt; }
    }
    for(int i=1;i<=k;i++){ bi[i]=1<<i-1; rec[bi[i]]=i; }
    all=(1<<k)-1;
    memset(f,127,sizeof(f));
    memset(mp,-1,sizeof(mp));
    inf=f[0][0];
}
priority_queue<pair<ll,int> >h;
void dijk(int st){
    memset(dis,127,sizeof(dis));
    memset(b,0,sizeof(b));
    dis[st]=0;
    h.push(mkp(0,st));
    while(!h.empty()){
        int u=h.top().second; h.pop();
        if(b[u]) continue;
        b[u]=1;
        for(int i=lst[u];i;i=nxt[i])
            if(dis[to[i]]>dis[u]+len[i]){
                dis[to[i]]=dis[u]+len[i];
                h.push(mkp(-dis[to[i]],to[i]));
            }
    }
    for(int i=1;i<=2*k+1;i++)
        if(dis[i]!=inf) mp[st][i]=dis[i];
}
void print(int x){
    for(int i=1;i<=k;i++){
        printf("%d",x&1);
        x>>=1;
    }
}
int main(){
//  freopen("bridge.in","r",stdin);
//  freopen("bridge.out","w",stdout);
    read();
    for(int i=1;i<=2*k+1;i++) dijk(i);
    f[1][0]=0; h.push(mkp(0,1));
    n=poi;
    ans=inf;
    for(int i=0;i<=all;i++){
        for(int j=i;j;j-=j&-j){
            int t=rec[j&-j];
            int x=e[t].x,y=e[t].y;
            for(int v=1;v<=n;v++)
            	if(f[v][i^bi[t]]!=inf){
            		f[x][i]=min(f[x][i],f[v][i^bi[t]]+mp[y][v]+e[t].w);
            		f[y][i]=min(f[y][i],f[v][i^bi[t]]+mp[x][v]+e[t].w);
            	}
//            printf("%d ",x); print(i); printf(": %lld
",f[x][i]);
//            printf("%d ",y); print(i); printf(": %lld
",f[y][i]);
        }
    }
    for(int i=1;i<=n;i++)
        if(f[i][all]!=inf) ans=min(ans,f[i][all]+mp[i][1]);
    printf("%lld
",ans);
    return 0;
}