1. 题目
T1 写字符串
题目描述
题目描述
你有一个字符串 (S) 和一个字符串 (T)。
你把 (S) 中的字母按顺序一个一个写在黑板上,写完一遍后接着写第二遍、第三遍,以此类推 (cdots)
当黑板上的字符串恰好是 (T) 时,你会停下,否则你会一直写下去。但是你有一次反悔的机会,即可以在某一个时刻在黑板上修改一个字母。
比如 (S= t abc):
- 若 (T= t abcab),你会在写下第 (5) 个字母后停笔,因为此时黑板上恰好是 ( t abcab) .
- 若 (T= t aa),那你可以在写下第二个字母后(黑板上是 ( t ab))修改第二个字母,变成 ( t a),这样黑板上恰好是 ( t aa),可以停笔。
- 若 (T= t aab),那你永远不会停笔,因为就算修改一个字母,黑板上也永远不可能只出现 ( t aab) 三个字母。
现在有 (q) 组询问,请你按照如下要求输出每个询问的答案:
- 如果不需要修改字母就可以停笔,输出
0
; - 如果修改一个字母就可以停笔,输出需要修改的字母下标(从 (1) 开始);请注意,这里的下标是指 (T) 字符串的下标
- 如果修改一个字母也无法停笔,输出
-1
。
输入格式
输入第一行,一个整数 (q),表示测试数据组数;
对于每组数据,输入一行包含两个字符串 (S) 和 (T)。
输出格式
输出共 (q) 行,第 (i) 行的输出表示第 (i) 组测试数据的结果。
样例输入
3
abc abcab
abc aa
abc aab
样例输出
0
2
-1
数据范围
- 对于 (30\%) 的数据,(1≤|S|,|T|≤10);
- 对于 (50\%) 的数据,(q=1);
- 对于 (100\%) 的数据,(1≤|S|,|T|≤100),(1≤q≤10),字符串由小写字母组成 .
时间限制:(
m 1s)
空间限制:(
m 512MB)
Sol
对于 (S_{0dots n-1}),(T_{0dots m})
检查 (T_i) 是否等于 (S_{imod n})
- 相等:输出
0
; - 存在一个 i 使得 (T_i eq S_{imod n}):输出 (i);
- 超过一位不相等:输出
-1
.
时间复杂度 (O(|T|)),足以通过本题。
T2 神奇的数
题目描述
题目描述
小鸿最近学会了因数分解和二进制。她发现有一类数很神奇,这个数可以表示成两个数 (a) 和 (b) 的乘积,并且 (a) 和 (b) 的二进制表示(无前导 (0))中 (0) 的个数相同,(1) 的个数也相同。
例如:(30) 可以表示成 (5 imes 6),且 (5) 的二进制表示是 (101),(6) 的二进制表示是 (110),都有一个 (0) 和两个 (1),所以3030是一个神奇的数。(a) 和 (b) 可以相等,即平方数一定是神奇的。
现在小鸿想知道第 (k) 小的神奇的数是多少,请你帮帮她!
输入格式
输入第一行,一个整数 (q),表示询问个数;
接下来 (q) 行,每行一个整数 (k),表示一个询问。
输出格式
输出共 (q) 行,每行表示对应询问的答案。
样例数据 (1)
input1
5
1
2
3
4
5
output1
1
4
9
16
25
样例数据 (2)
input2
3
10
100
1000
output2
81
1750
26460
数据规模与约定
- 对于 (20\%) 的数据,(1≤k≤10);
- 对于 (40\%) 的数据,(1≤k≤10^2);
- 对于 (60\%) 的数据,(1≤k≤10^3);
- 对于 (80\%) 的数据,(1≤k≤10^4);
- 对于 (100\%) 的数据,(1≤k≤10^6),(1≤q≤10) .
时间限制:(
m 1s)
空间限制:(
m 512MB)
Sol
找出所有的二进制 (0) 和 (1) 个数相等的数乘一下预处理即可。
关于找二进制数中 (1) 的个数,可以线性递推:
令 (cnt_i) 为 (i) 二进制中 (1) 的个数,则
其中 ( ext{shr}) 表示右移,在 C/C++ 中为 >>
,在 pascal 中为 shr
,参见 Wikipedia - Bitwise operation - Bit shift - Arithmetic shift;( ext{and}) 表示按位与符号,在 C/C++ 中为 &
,在 pascal 中为 and
,参见 Wikipedia - Bitwise operation - AND .
即 (i) 丢掉最后一位二进制中 (1) 的个数与最后一位是否为 (1)。
经过简单的验证,可以发现 (kle 10^6) 时,(a,ble 2^{13})
枚举 (0) 的个数与 (1) 的个数再乘就可以了。
注意乘的时候要排序和去重,用 sort+unique
即可。
T3 珠子染色
题目描述
题目描述
小鸿把 (n) 个珠子排成一排,想用 (m) 种颜料给它们染色。
这些颜料不一定要都用上,但是她希望染色后的珠子满足:任意连续三个珠子的颜色互不相同。
因为珠子染色后还有可能首尾相连串成项链,所以小鸿还想知道在满足上述条件的方案中,第一个珠子的颜色和最后一个珠子的颜色不同的方案数。
由于答案可能很大,请输出答案对 (p) 取模后的结果。
输入格式
输入仅一行,包含三个整数 (n,m,p) .
输出格式
输出两个数,第一个数是首尾颜色不同的方案数,第二个数是首尾颜色无限制的方案数。
注意输出的是答案对 (p) 取模后的结果。
样例数据 (1)
input
4 4 1000
output
24 48
样例解释
前三个珠子颜色互不相同,一共有 (4×3×2=24) 种选法,第四个珠子的颜色不能和第二、第三颗相同,有 (2) 种选法。这两种选法中,一种和第一颗珠子颜色相同,一种不同,所以第一个答案(首尾颜色不同的方案数)是 (24),第二个答案(总方案数)是 (48)。
样例数据 (2)
input
20 20 1000000
output
342920 661120
数据规模与约定
请注意 (n,m) 都大于等于 (3) .
- 对于 (20\%) 的数据,(3≤n,m≤5);
- 对于 (40\%) 的数据,(3≤n,m≤50);
- 对于 (60\%) 的数据,(3≤n,m≤10^2);
- 对于 (80\%) 的数据,(3≤n,m≤10^3);
- 对于 (100\%) 的数据,(3≤n,m≤10^4,1≤p≤10^9+7) .
时间限制:(
m 1s)
空间限制:(
m 512MB)
Sol
爆搜:20pts
记录颜色的 dp:
令 (dp_{i,j,k}) 为现在染第 (i) 个珠子,上个颜色是 (j),当前颜色是 (k)。
枚举下一个珠子的颜色 (p)(([j eq k]land [p eq k])),此时 (dp_{i+1,k,p} = dp_{i+1,k,p}+dp_{i,j,k}) .
状态是 (O(nm^2)) 的,转移是 (O(m)) 的,总复杂度 (O(nm^3)),40pts .
用前缀和优化转移,此时转移为
这转移是 (O(1)) 的,总复杂度 (O(nm^2)),60pts .
这个 (m) 太冗余了,显然如果前两个随便选最后一个就有 (m-2) 种可能,考虑不计颜色。
设第一个珠子颜色是「1」,第二个珠子颜色是「2」,最后答案乘上 (m(m-1)) 即可(因为这两个珠子的方案是 (m(m-1)))
Sol 1:令 (dp_{i,j,k}) 为现在染第 (i) 个珠子,上个颜色状态是 (j),当前颜色状态是 (k) 的方案数。
颜色状态:
- 「0」:和第一个珠子和第二个珠子颜色都不同。
- 「1」:和第一个珠子颜色相同。
- 「2」:和第二个珠子颜色相同。
考虑转移(乘上方案数):
([0][0] gets (m-3)[1][0]+[2][0]+(m-4)[0][0])
([1][2] gets [0][1])
([2][1] gets [0][2])
([0][1] gets [2][0]+[0][0])
([0][2] gets [1][0]+[0][0])
([1][0] gets (m-2)[2][1]+(m-3)[0][1])
([2][0] gets (m-2)[1][2]+(m-3)[0][2])
答案是 ( ext{sum}{dp_{n,i,j}})((0 ≤ i,j ≤ 2) 且 (j ≠ 1)) 和 ( ext{sum}{dp_{n,i,j}})((0 ≤ i,j ≤ 2))
时间复杂度 (O(n)),100pts。
Sol 2:令 (dp_{i,j}) 为第 (i) 个位置,颜色状态为 (j) 的方案数。
颜色状态:
- 「0」:第一个颜色和最后一个颜色相同
- 「1」:第一个颜色和倒数第二个颜色相同
- 「2」:第一个颜色和最后两个颜色都不同
与 Sol 1 类似,转移为:
(dp_{i,0} = dp_{i-1,2})
(dp_{i,1} = (m-2)dp_{i-1,0})
(dp_{i,2} = (m-2)dp_{i-1,1}+(m-3)dp_{i-1,2})
答案即为 (dp_{n,1}+dp_{n,2}) 与 (dp_{n,0}+dp_{n,1}+dp_{n,2}) .
时间复杂度 (O(n)),100pts .
T4 病毒扩散
题目描述
题目描述
H 国里有 (n) 个城市,(m) 条双向道路连接着这些城市。
两个城市之间可能有多条道路连接。任意两个城市之间都至少存在一条路径使它们互相可达。
有一天,一种神奇的病毒突然在 (start) 号城市出现了,我们称之为 (0−) 型病毒。这种病毒的扩散方式很神奇,如果在某一天,城市 (u) 中有 (k−) 型病毒,次日,病毒就会从该城市转移到所有与城市 (u) 相邻的城市,并变异成 ((k+1)−) 型病毒。
已知 (0−) 型病毒可能从任意一个奇数编号的城市(即 (start) 是一个在 ([1,n]) 中的奇数)出现。现在你想知道,无论 (0−) 型病毒第一次从哪个城市出现,H 国是否都一定会被病毒吞噬。H 国被病毒吞噬的定义是:存在某一天,所有城市中都有相同类型的病毒。
对于下图,如果 (0−) 型病毒在第一天出现在 (1) 号城市,那么第二天 (2) 号和 (3) 号城市中都会出现 (1−) 型病毒,第三天 (1) 号、(2) 号、(3) 号城市都会出现 (2−) 型病毒((2) 号城市的 (1−) 型病毒使得 (1) 号和 (3) 号城市出现了 (2−) 型病毒,(3) 号城市的 (1−) 型病毒使得 (1) 号和 (2) 号城市出现了 (2−) 型病毒)。如果 (0−) 型病毒在第一天出现在 (3) 号城市,同理,第三天 (1) 号、(2) 号、(3) 号城市都会出现 (2−) 型病毒。因此 H 国一定会被病毒吞噬。
[1]----[2]
/
/
/
[3]
对于下图,如果 (0−) 型病毒第一天出现在 (1) 号城市,那么第二天 (2) 号城市中出现 (1−) 型病毒,第三天 (1) 号城市中出现 (2−) 型病毒 (cdots) 每天都只有一个城市有病毒,H 国不会被病毒吞噬。
[1]----[2]
现在你获得了 H 国的地图,请你计算一下,H 国是否会被病毒吞噬。如果会,请输出 Yes
,否则请输出 No
。
输入描述
输入第一行,一个整数 (T),表示测试数据组数;
对于每组数据,第一行两个整数 (n,m),接下来 (m) 行,每行两个整数 (u,v) 表示 (u) 号城市和 (v) 号城市有一条道路相连。
输出描述
输出共 (T) 行,第 (i) 行的输出表示第 (i) 组测试数据的结果。
样例输入
2
3 3
1 2
2 3
3 1
2 1
1 2
样例输出
Yes
No
数据范围
- 对于20%的数据,(1≤n≤5),(1≤m≤10);
- 对于50%的数据,(1≤n≤50),(1≤m≤100);
- 对于70%的数据,(1≤n≤500),(1≤m≤10^3);
- 对于90%的数据,(1≤n≤5000),(1≤m≤10^4);
- 对于100%的数据,(1≤n≤50000),(1≤m≤10^5),(1≤T≤10).
时间限制:(
m 1s)
空间限制:(
m 512MB)
Sol
显然从一个城市能吞噬整个城市,那么从每个城市都能吞噬整个城市。
可以很显然的看出来这就是判图中有没有奇环,染个色即可,100pts。
下面讲 70pts 做法:
如果一个城市 (u) 在第 (t) 天有 (t-1) 型病毒存在,说明存在 (u o start) 的长度为 (t) 的路径(显然)。
如果一个城市在第 (t) 天有 (t-1) 型病毒存在,那么它在第 (t+2) 天一定也有 (t+1) 型病毒(显然 too)。
所以只需要判断 (start) 到每个点是否都可以通过奇数步和偶数步到达,就说明答案是 Yes
。
时间复杂度 (O(n(n+m))),70pts。
算法 -- 图论
存图:
- 邻接矩阵(众所周知)
- 邻接表(vector / struct)
Problem 1:信息传递(NOIp2015;洛谷 P2661;loj 2421)
有 (n) 个同学(编号为 (1) 到 (n))正在玩一个信息传递的游戏。在游戏里每人都有一个固定的信息传递对象,其中,编号为 (i) 的同学的信息传递对象是编号为 (T_i) 的同学。
游戏开始时,每人都只知道自己的生日。之后每一轮中,所有人会同时将自己当前所知的生日信息告诉各自的信息传递对象(注意:可能有人可以从若干人那里获取信息,但是每人只会把信息告诉一个人,即自己的信息传递对象)。当有人从别人口中得知自己的生日时,游戏结束。请问该游戏一共可以进行几轮?
求最小环,直接遍历每个点即可。
时间复杂度 (O(n))
Problem 2:寻找道路(NOIp2014;洛谷 P2296;loj 2502)
在有向图 (G) 中,每条边的长度均为 (1),现给定起点和终点,请你在图中找一条从起点到终点的路径,该路径满足以下条件:
- 路径上的所有点的出边所指向的点都直接或间接与终点连通。
- 在满足条件 (1) 的情况下使路径最短。
注意:图 (G)中可能存在重边和自环,题目保证终点没有出边。
请你输出符合条件的路径的长度。
先从终点反向 bfs 得到所有能间接到达终点的点
检查每个点的出边指向的点是否是上面的点
在所有满足条件的点中求最短路即可
时间复杂度 (O(n+m))
拓扑排序:
对于一 DAG,每次删去入度为 (0) 的点,最后形成拓扑序。
只有无环图才有拓扑序。
Problem 3:车站分级(NOIp2013;洛谷 P1983)
一条单向的铁路线上,依次有编号为 (1,2,…,n) 的 (n) 个火车站。每个火车站都有一个级别,最低为 (1) 级。现有若干趟车次在这条线路上行驶,每一趟都满足如下要求:如果这趟车次停靠了火车站 (x),则始发站、终点站之间所有级别大于等于火车站 (x) 的都必须停靠。(注意:起始站和终点站自然也算作事先已知需要停靠的站点)
例如,下表是 (5) 趟车次的运行情况。其中,前 (4) 趟车次均满足要求,而第 (5) 趟车次由于停靠了 (3) 号火车站((2) 级)却未停靠途经的 (6) 号火车站(亦为 (2) 级)而不满足要求。
现有 (m) 趟车次的运行情况(全部满足要求),试推算这 (n) 个火车站至少分为几个不同的级别。
不停的站比停的站级别低,若 (a) 比 (b) 级别低,连一条 (a o b) 的有向边,
求出这个有向无环图中的最长路就是答案。
时间复杂度 (O(n^2m))
每辆火车建立一个虚点,边数可以优化到 (O(nm))
01 最短路
给定一个图 (G),边权只有 (0) 和 (1),求 (s) 到 (t) 的最短路。
显然边权里只有 (1) 的话可以 bfs。
若边权里还有 (0) 直接 bfs 就不行了,如:
此时那条边权为 (1) 的边会直接更新点 (3) 的最短路,答案就错了。
可以修改一下 bfs,采用如下策略(使用双端队列(deque)):
- 如果走的是边权为 (0) 的边,插入队头更新。
- 如果走的是边权为 (1) 的边,插入队尾更新。
时间复杂度 (O(n+m))
因为队列里要让路径长度最短,因走 (0) 没有改变长度,显然更短,所以放队头,走 (1) 长度变长了,所以放队尾。
分层图
把图复制两遍,放在两个平面上(奇平面和偶平面),然后连上边。
Problem 4:加工零件(CSP2019;洛谷 P5663)
凯凯的工厂正在有条不紊地生产一种神奇的零件,神奇的零件的生产过程自然也很神奇。工厂里有 (n) 位工人,工人们从 (1 sim n) 编号。某些工人之间存在双向的零件传送带。保证每两名工人之间最多只存在一条传送带。
如果 (x) 号工人想生产一个被加工到第 (L (L gt 1)) 阶段的零件,则所有与 (x) 号工人有传送带直接相连的工人,都需要生产一个被加工到第 (L - 1)阶段的零件(但 (x) 号工人自己无需生产第 (L - 1) 阶段的零件)。
如果 (x) 号工人想生产一个被加工到第 (1) 阶段的零件,则所有与 (x) 号工人有传送带直接相连的工人,都需要为 (x) 号工人提供一个原材料。
轩轩是 1 号工人。现在给出 (q) 张工单,第 (i) 张工单表示编号为 (a_i) 的工人想生产一个第 (L_i) 阶段的零件。轩轩想知道对于每张工单,他是否需要给别人提供原材料。他知道聪明的你一定可以帮他计算出来!
求走奇数次的路径和走偶数次的路径即可。
因为走一次必改变奇偶性,所以每个平面之间不会有连边,但是跨越两个平面会有连边。
Problem 5:飞行路线(JLOI2011;洛谷 P4568)
简述:给一个图 (G),有 (k) 次机会可以将某条边的边权变为 (0),求 (s) 到 (t) 的最短路径。
建分层图,上下自己建个图,然后从上到下建有向边,边权为 (0) 即可。
Problem 6:冻结(Beijing wc2012;洛谷 P4822)
简述:给一个图 (G),有 (k) 次机会可以将某条边的边权减半,求 (s) 到 (t) 的最短路径。
同 Problem 5
Problem 7:无向图的最小环问题(洛谷 P6175)
给定一张无向图,求图中一个至少包含 (3) 个点的环,环上的节点不重复,并且环上的边的长度之和最小。该问题称为无向图的最小环问题。在本题中,你需要输出最小的环的边权和。若无解,输出
No solution.
。
Floyd 滚动数组前那个第 (2) 维 [k]
是点的最大值,所以说再连一条边即可求出一个环,对每个最短路都求一遍环即可。