[SDOI2010]地精部落

题目

求1~n的全排列数目，使得对于(igeq 3)，(a_{i},a_{i-1})的大小关系与(a_{i-1},a_{i-2})的大小关系不同

思路

题目还有另外一种格式：求一种全排列，使得这个排列要么满足奇数项的高度比相邻位置都大, 要么满足偶数项的高度比相邻位置都大.

设(dp_{i,j})表示用了前(i)个数字，(a_1 = j)且(a_1 > a_2)时的方案数；

有一个神奇的性质：(j-1)和(j)不相邻时，交换两数可以形成一种新的方案（比较显然），所以由(dp_{i,j-1})可以转移到(dp_{i,j})，即对于当前任意一个排列(j.......j-1.......)，都有之前的一个排列(j-1.........j.......)与之对应

如果(j-1)和(j)相邻，对于当前任意一个排列(j,j-1.........)，都可以用之前的一个排列(j-1..........)前面加个(j)得到（且此时(j-1)比后面的数小），即求(i-1)个数的排列数，由于这种排列不符合定义（(a_1>a_2)），需要做个变换：将每个数(x)变成(i-x)，如序列1,2,4,3变成4,3,1,2，(j-1)变成了(i-j+1)，即(dp_{i-1,i-j+1})可以转移到(dp_{i,j})

(dp_{i,j} = dp_{i,j-1} + dp_{i-1,i-j+1})，需要滚动数组优化

#include<bits/stdc++.h>
#define N 5005
using namespace std;
typedef long long ll;
int n,mod;
ll f[2][N];

int main()
{
	cin>>n>>mod;
	int las=0,now=1;
	f[now][2]=1;//两个数只有2,1排法 
	for(int i=3;i<=n;++i)//用i个数 
	{
		swap(las,now);
		for(int j=1;j<=i;++j)
		{
			f[now][j]=(f[now][j-1]+f[las][i-j+1])%mod;
		}
	}
	
	ll ans=0;
	for(int i=1;i<=n;++i) ans=(ans+f[now][i])%mod;
	cout<<ans*2%mod;
	return 0;
}