[树形dp] Jzoj P5788 餐馆

Description

 K妹的胡椒粉大卖，这辣味让食客们感到刺激，许多餐馆也买这位K妹的账。有N家餐馆，有N-1条道路，这N家餐馆能相互到达。K妹从1号餐馆开始。每一个单位时间，K妹可以在所在餐馆卖完尽量多的胡椒粉，或者移动到有道路直接相连的隔壁餐馆。第i家餐馆最多需要A[i]瓶胡椒粉。K妹有M个单位的时间，问她最多能卖多少胡椒粉。

 

Input

第一行有两个正整数N，M。
第二行描述餐馆对胡椒粉的最大需求量，有N个正整数，表示A[i]。
接下来有N-1行描述道路的情况，每行两个正整数u，v，描述这条道路连接的两个餐馆。

Output

一个整数，表示她最多能卖的胡椒粉瓶数。

 

Sample Input

样例1输入
3 5
9 2 5
1 2
1 3

样例2输入
4 5
1 1 1 2
1 2
2 3
3 4

样例3输入
5 10
1 3 5 2 4
5 2
3 1
2 3
4 2
 

Sample Output

样例1输出
14

样例2输出
3

样例3输出
15
 

 

Data Constraint

对于10%的数据，N≤20。
对于50%的数据，N≤110。
对于100%的数据1 ≤ N, M ≤ 500，1 ≤ A[i]≤ 10^6，
第5到第10个测试点都有多个子测试。

 

Hint

在样例1的中，辣妹到达城市2后就恰好没时间卖辣椒粉了。

题解

• 设f[i][j][0/1]为以i为根的子树中 花费j的时间 是否走回根的最大收益（0为有，1为无）
• 枚举下一棵子树时，可以枚举下一棵子树中所用的时间，和当前子树中用的时间
• 考虑三种转移：
• ①之前走过的子树回根 再走到另一棵子树不回根
• f[i][j][1]=f[i][j-k-1][0]+f[son][k][1]
• ②之前走过的子树回根 再走到另一棵子树也回根
• f[i][j][0]=f[i][j-k-2][0]+f[son][k][0]
• ③走到另一棵子子树回根 之前子树不回根
• f[i][j][1]=f[i][j-k-2][1]+f[son][k][0]

代码

#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <cmath>
#include <cstring>
using namespace std;
struct edge { int to,from; }e[510*2];
int f[510][510][2],n,m,a[510],head[510],cnt;
void insert(int x,int y) { e[++cnt].to=y; e[cnt].from=head[x]; head[x]=cnt; }
void dp(int x,int fa)
{
    for (int i=head[x];i;i=e[i].from)
    {
        if (e[i].to==fa) continue;
        dp(e[i].to,x);
        for (int j=m;j>=1;j--)
            for (int k=0;k<=m;k++)
            {
                if (j-k>=2)
                    f[x][j][1]=max(f[x][j][1],f[x][j-k-2][1]+f[e[i].to][k][0]),
                    f[x][j][0]=max(f[x][j][0],f[x][j-k-2][0]+f[e[i].to][k][0]);
                if (j-k>=1) f[x][j][1]=max(f[x][j][1],f[x][j-k-1][0]+f[e[i].to][k][1]);
            }
    }
    for (int i=m;i>=1;i--)
    {
        f[x][i][0]=max(f[x][i][0],f[x][i-1][0]+a[x]);
        f[x][i][1]=max(f[x][i][1],f[x][i-1][1]+a[x]);
    }
}
int main()
{
    freopen("dostavljac.in","r",stdin);
    freopen("dostavljac.out","w",stdout);
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for (int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]);
    for (int i=1;i<=n-1;i++)
    {
        int u,v;
        scanf("%d%d",&u,&v);
        insert(u,v); insert(v,u);
    }
    dp(1,0);
    printf("%d",f[1][m][1]);
    return 0;
}