题目描述
windy的生日到了，为了庆祝生日，他的朋友们帮他买了一个边长分别为 X 和 Y 的矩形蛋糕。
现在包括windy，一共有 N 个人来分这块大蛋糕，要求每个人必须获得相同面积的蛋糕。
windy主刀，每一切只能平行于一块蛋糕的一边（任意一边），并且必须把这块蛋糕切成两块。
这样，要切成 N 块蛋糕，windy必须切 N-1 次。
为了使得每块蛋糕看起来漂亮，我们要求 N 块蛋糕的长边与短边的比值的最大值最小。
你能帮助windy求出这个比值么？
解析
这题使我深刻领悟到我有多菜。
结论：切的位置的坐标一定是(X/N)或(Y/N)的整数倍。
证明：用反证法。若某一刀切出的短边比(X/N)小，那么一定需要一个比(Y)还长的长边才能满足题目要求，显然不能切。
若某一刀切得比(X/N)大，比如切出来一个(X/N+k,k<X/N)，那么切出来的这块矩形的长边一定小于(Y)且大于(Y*(N-1)/N)，这样就会余出来一段(p)，且(0<p<Y/N)。然而为了满足题目条件，我们势必要使(p)构成的矩形面积也等于(X*Y/N)，但是它最大也就是(p*X)，显然(p*X<X*Y/N)，这是不可能的。
证毕。
明白这一点之后这题就简单了，但是我是个连深搜都写不对的菜鸡。
显然切一刀会分成两个子问题，而每次我们可以在所有合法位置横纵切。选择子问题所有情况中最大值最小的情况进行回溯即可。
参考代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<string>
#include<cstdlib>
#include<queue>
#include<vector>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define PI acos(-1.0)
#define N 101
#define MOD 2520
#define E 1e-12
using namespace std;
inline int read()
{
int f=1,x=0;char c=getchar();
while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
while(c>='0'&&c<='9'){x=x*10+c-'0';c=getchar();}
return x*f;
}
double n;
double x,y,kx,ky;
inline double dfs(double k,double nx,double ny)
{
if(k==1){
if(nx<ny) swap(nx,ny);
return nx/ny;
}
double ans=INF,t1,t2;
double kx=nx/k,ky=ny/k;
for(int i=1;i<=k/2;++i){
t1=max(dfs(k-i,nx-i*kx,ny),dfs(i,i*kx,ny));
t2=max(dfs(k-i,nx,ny-i*ky),dfs(i,nx,i*ky));
ans=min(ans,min(t1,t2));
}
return ans;
}
int main()
{
cin>>x>>y>>n;
printf("%.6lf",dfs(n,x,y));
return 0;
}