HDU 1003 Max Sum【动态规划求最大子序列和详解 】

Max Sum

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 250714    Accepted Submission(s): 59365

Problem Description

Given a sequence a[1],a[2],a[3]......a[n], your job is to calculate the max sum of a sub-sequence. For example, given (6,-1,5,4,-7), the max sum in this sequence is 6 + (-1) + 5 + 4 = 14.

 

Input

The first line of the input contains an integer T(1<=T<=20) which means the number of test cases. Then T lines follow, each line starts with a number N(1<=N<=100000), then N integers followed(all the integers are between -1000 and 1000).

 

Output

For each test case, you should output two lines. The first line is "Case #:", # means the number of the test case. The second line contains three integers, the Max Sum in the sequence, the start position of the sub-sequence, the end position of the sub-sequence. If there are more than one result, output the first one. Output a blank line between two cases.

 

Sample Input

2
5 6 -1 5 4 -7
7 0 6 -1 1 -6 7 -5

Sample Output

Case 1:
14 1 4

Case 2:
7 1 6

Author

Ignatius.L

题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1003

初来乍到，动态规划也是刚刚接触。刚开始用暴力法，Time limit……

在网上搜了代码。大多是只说是动态规划经典问题、求最大子序列和，然后就是一串代码。最好的就是带了几行注释…没有太多通俗的解释…硬着头皮看了一晚上，终于算是有了眉目想通了。

在这里写下自己对这个动态规划求最大子序列和的理解，通俗一点的解释。（只是个人的理解哦，仅供参考）

这里的求最大子序列和应该是变种了吧，呵呵，还要加上最大子序列的起始和终止位置……只要知道怎么求最大子序列和，那么附加个位置应该不难的。

 

 

先来看代码：

    #include <iostream>  
    using namespace std;  
    int main()  
    {  
        int j,i,k,n,m,t;  
        int a[100002];  
        scanf("%d",&t);  
        for (j=1;j<=t;j++)  
        {  
            scanf("%d",&n);  
            for (i=0;i<n;i++)  
            {  
                scanf("%d",&a[i]);  
            }  
            int sum=0,maxsum=-1001,first =0, last = 0, temp = 1;  
            for (i=0;i<n;i++)  
            {  
                sum += a[i];  
                if (sum > maxsum)  
                {  
                    maxsum = sum;first = temp;last = i+1;  
                }  
                if (sum < 0)  
                {  
                    sum = 0;temp = i+2;  
                }  
            }  
      
            printf("Case %d:
%d %d %d
",j,maxsum,first,last);  
            if (j!=t)  
            {  
                printf("
");  
            }  
        }  
          
        return 0;  
    }  

本想用通俗的话语来解释这个道理，结果发现，通俗了以后就非文字所能描述的好的了，需要各种的手势+纸笔画一阵子，无奈表达能力有限，只好……只好用这样的看似非常严密的数学推理来说明了（囧)

 

对于整个序列a[n]来说，它的所有子序列有很多很多，但是可以将它们归类。

注意，是以**结尾的子序列，其中肯定是要包含**的了

 

以a[0]结尾的子序列只有a[0]

以a[1]结尾的子序列有 a[0]a[1]和a[1]

以a[2]结尾的子序列有 a[0]a[1]a[2] / a[1]a[2] / a[2]

……

以a[i]结尾的子序列有a[0]a[1]……a[i-2]a[i-1]a[i]  / a[1]a[2]……a[i-2]a[i-1]a[i] /  a[2]a[3]……a[i-2]a[i-1]a[i] / …… /  a[i-1]a[i] / a[i]

 

所有以a[0] ~a[n]结尾的子序列分组构成了整个序列的所有子序列。

 

这样，我们只需求以a[0]~a[n]结尾的这些分组的子序列中的每一分组的最大子序列和。然后从n个分组最大子序列和中选出整个序列的最大子序列和。

 

观察可以发现，0，1，2，……，n结尾的分组中，

maxsum a[0] = a[0]

maxsum a[1] = max( a[0] + a[1] ，a[1])  = max( maxsum a[0] + a[1] ，a[1]) 

maxsum a[2] = max( max ( a[0] + a[1] + a[2]，a[1] + a[2] )，a[2])  

= max(  max( a[0] + a[1] ，a[1]) + a[2] ， a[2]) 

= max(  maxsum a[1] + a[2] ， a[2])

……

依此类推，可以得出通用的式子。

maxsum a[i] = max（ maxsum a[i-1] + a[i]，a[i])

 

 

用递归……当然，不递归也应该是可以解决的。

 

我们从maxsum  a[0]开始算起。

以后的每个就是  maxsum a[i-1] + a[i] 和 a[i] 中取大的那个。

 

程序中判断 前一个的最大子序列和小于零时，将其置为0，然后再加a[i] ，这样不就是和a[i] 一样大的么；前一个的最大子序列和只要大于零，那么再加上a[i] 肯定比 a[i] 要大，这样，带有归零的这个 maxsum a[i-1] + a[i] 就是以表示当前位置结束的子序列的最大和了。

 

 

剩下的就是要判断起始和终点位置了。

 

在循环的过程中，每循环一次就算出一个以当前位置结束的最大子序列和。每次循环中最大的那个保存下来，不就是最终所有最大子序列和中的最大值了么。

 

其中temp保存的是前一个位置的最大子序列和的开始位置（题目中是从1开始的哦）；当 sum > maxsum 时（程序中的条件，与说明时的maxsum不太一样哦）就记录最大值，并保持它的开始位置为temp，终止位置即为当前位置（i +1是因为题目中第一个为1，而不是0）；

 

当最大子序列和小于0时，将 temp = i + 2； 其中 i + 1 表示当前位置（理由如上），i + 2就表示当前位置的下一个位置了。既此最大子序列和为负值，那么下一个的最大子序列和应该是它本身，而不再累加前边的。

 

程序中就两个if 语句，想要说明白还真不容易。

 

还有，有人会问，当整个序列全是负数时，还对吗？负数也是成立的，如果全是负数的时候，它就是每次都只取当前值作为最大值了，因为负的跟负的不就越加越小了吗。

 

因为题目中给出的范围是-1000 ～1000，所以这里初始的maxsum 初始化为-1001 ，只有比所有可能的值都小时才行。maxsum初始化为0；那么当序列全是负数时，得出的最大值将是0……这就wrong了

 

 总之，只要上一个子序列最大和为正，那么无论当前值的正负，都会与当前的相加，这样以当前值结尾的子序列最大和就会增大。（一个正数 加一个 正数2 或者负数 那么都会比这个正数2 或负数原来要增大，同理，一个负数加任何一个数，都会使这个数减小，因此当前一子序列最大和小于零时，我们就归零它了，相当于是不加任何数，而保留当前位置值本身）

 

---

内存优化版：

理解了以上思想后，观察上一个代码我们发现，那个a[10000]基本上就没用啊，保存了一些输入数据，可是那些数据只用了一次就没用了。输入数据的for循环和处理数据的for循环是一模一样的，而且处理数据也只是用到当前输入的数据。

于是，数组也可以省去了，直接将两个循环合并。输入一个数据，直接累加……省下不少空间哦。

    #include <iostream>  
    using namespace std;  
    int main()  
    {  
        int j,i,k,n,m,t;  
        int a;  //不需要数组，只需要一个输入变量
        scanf("%d",&t);  
        for (j=1;j<=t;j++)  
        {  
            scanf("%d",&n);  
            int sum=0,maxsum=-1001,first =0, last = 0, temp = 1;  
            for (i=0;i<n;i++)  
            {  
                scanf("%d",&a); 
                sum += a;  
                if (sum > maxsum)  
                {  
                    maxsum = sum;first = temp;last = i+1;  
                }  
                if (sum < 0)  
                {  
                    sum = 0;temp = i+2;  
                }  
            }  
      //注意格式，我就因为将冒号写到了数的前边而wrong answer，郁闷半天才发现……
            printf("Case %d:
%d %d %d
",j,maxsum,first,last);  
            if (j!=t)  
            {  
                printf("
");  
            }  
        }  
          
        return 0;  
    }