Milk Pumping G&Milk Routing S

Milk Pumping G&Milk Routing S

双倍经验时间

洛谷P5837 [USACO19DEC]Milk Pumping G

洛谷P3063 [USACO12DEC]Milk Routing S

题目模型

给定(N)个点和(M)条边，对于每条边，给定连接的两个端点以及这条边的花费和“流量”

1. 设这条路径上所有边的花费总和为(L)

2. 设这条路径上所有边中“流量”值最小的为(C)

要求找出一条(1)到(N)的路径满足：(L)尽可能小的同时(C)尽可能大（注意是一条路径上的L和C）

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解题思路

如果是单独求(L)或者(C)中的一个，那么我们很容易便能解决

但是如果要求同时维护(L)和(C)两个值，而且这两个值还是矛盾的，那我们怎么做呢？

（这里的矛盾指：(L)要尽量小，而同一条道路的(C)又要尽量大）

• First

首先我们先来考虑用一个最短路同时维护这两个值，但经过一番思索，我们会发现无法做到

为什么？因为这两个值矛盾啊！相矛盾的两个值怎么能在同一个最短路中解决呢？

• Second

否定了同时维护的想法，我们只能考虑分开维护，分开维护？多个最短路？

肯定也不行，为什么？维护出来的(L)、(C)分别对应的最短路径不一定是同一条啊！最短路径都不是同一条那(L)、(C)怎么会相对应呢？

• Third

同时维护和分开维护都不行，那怎么做？

枚举

什么意思？

我们要维护对应的两个值，那我们可以枚举其中一个值，然后再在枚举的这个值的基础上去寻找对应的另一个值呀！

怎么实现呢？

假设我们枚举(Ci)，然后跑最短路去求解对应的(Li)，在跑最短路时判断当前点(v)的(Cv)值是否小于(Ci)，如果小于那么就不管这个点（因为我们枚举的(Ci)已经是假定的最小流量值，那么所有小于(Ci)肯定没有用）

为什么(Ci)是假定的最小流量值？不是求最大的(C)吗？

我们不断枚举(Ci)，找到所有对应的(Li)，然后用一个(ans)来记录最终的答案，最终找到的一定是最大的(C)和最小的(L)

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代码Code

• 洛谷P5837 [USACO19DEC]Milk Pumping G 代码如下：

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,a,b,c,f,tot,ans;
int dis[100010],vis[100010],head[100010];
priority_queue<pair<int,int> > shan;

struct node {
	int to,net,liu,val;
} e[100010];

inline void add(int u,int v,int w,int l) {
	e[++tot].to=v;
	e[tot].net=head[u];
	e[tot].liu=l;
	e[tot].val=w;
	head[u]=tot;
}

inline void dijkstra(int l) {
	memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
	memset(vis,0,sizeof(vis));
	dis[1]=0;
	shan.push(make_pair(0,1));
	while(!shan.empty()) {
		int x=shan.top().second;
		shan.pop();
		if(vis[x]==1) continue;
		vis[x]=1;
		for(register int i=head[x];i;i=e[i].net) {
			int v=e[i].to;
			if(e[i].liu<l) continue;
			if(dis[v]>dis[x]+e[i].val) {
				dis[v]=dis[x]+e[i].val;
				shan.push(make_pair(-dis[v],v));
			}
		}
	}
}

int main() {
	scanf("%d%d",&n,&m);
	for(register int i=1;i<=m;i++) {
		scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&c,&f);
		add(a,b,c,f);
		add(b,a,c,f);
	}
	for(register int li=1;li<=1000;li++) {
		dijkstra(li);
		if(dis[n]!=0x3f) ans=max(ans,li*1000000/dis[n]);
	}
	printf("%d",ans);
	return 0;
}

• 洛谷P3063 [USACO12DEC]Milk Routing S 代码如下：

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,x,u,v,w,c,tot,ans=20050206;
int dis[510005],vis[510005],head[510005],flag[510005];
priority_queue<pair<int,int> > shan;

struct node {
	int to,net,val,liu;
} e[510005];

inline void add(int u,int v,int w,int l) {
	e[++tot].to=v;
	e[tot].val=w;
	e[tot].liu=l;
	e[tot].net=head[u];
	head[u]=tot;
}

inline void dijkstra(int li) {
	for(register int i=1;i<=n;i++) {
		vis[i]=0;
		dis[i]=20050206;
	}
	dis[1]=0;
	shan.push(make_pair(0,1));
	while(!shan.empty()) {
		int xx=shan.top().second;
		shan.pop();
		if(vis[xx]) continue;
		vis[xx]=1;
		for(register int i=head[xx];i;i=e[i].net) {
			int v=e[i].to;
			if(e[i].liu<li) continue;
			if(dis[v]>dis[xx]+e[i].val) {
				dis[v]=dis[xx]+e[i].val;
				shan.push(make_pair(-dis[v],v));
			}
		}
	}
}

int main() {
	scanf("%d%d%d",&n,&m,&x);
	for(register int i=1;i<=m;i++) {
		scanf("%d%d%d%d",&u,&v,&w,&c);
		flag[i]=c;
		add(u,v,w,c);
		add(v,u,w,c);
	}
	for(register int i=1;i<=m;i++) {
		dijkstra(flag[i]);
		if(dis[n]!=20050206) ans=min(ans,dis[n]+x/flag[i]);
	}
	printf("%d",ans);
	return 0;
}

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自认为讲得还是很详细的，如果还有什么不懂的欢迎留言qwq

最后，感谢一下RHL大佬对我的指导

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