NOIP2010 引水入城

描述

在一个遥远的国度，一侧是风景秀美的湖泊，另一侧则是漫无边际的沙漠。该国的行政区划十分特殊，刚好构成一个N行M列的矩形，其中每个格子都代表一座城市，每座城市都有一个海拔高度。

为了使居民们都尽可能饮用到清澈的湖水，现在要在某些城市建造水利设施。水利设施有两种，分别为蓄水厂和输水站。蓄水厂的功能是利用水泵将湖泊中的水抽取到所在城市的蓄水池中。因此，只有与湖泊毗邻的第1行的城市可以建造蓄水厂。而输水站的功能则是通过输水管线利用高度落差，将湖水从高处向低处输送。故一座城市能建造输水站的前提，是存在比它海拔更高且拥有公共边的相邻城市，已经建有水利设施。

由于第N行的城市靠近沙漠，是该国的干旱区，所以要求其中的每座城市都建有水利设施。那么，这个要求能否满足呢？如果能，请计算最少建造几个蓄水厂；如果不能，求干旱区中不可能建有水利设施的城市数目。

格式

输入格式

输入文件的每行中两个数之间用一个空格隔开。

输入的第一行是两个正整数N和M，表示矩形的规模。

接下来N行，每行M个正整数，依次代表每座城市的海拔高度。

输出格式

输出有两行。如果能满足要求，输出的第一行是整数1，第二行是一个整数，代表最少建造几个蓄水厂；如果不能满足要求，输出的第一行是整数0，第二行是一个整数，代表有几座干旱区中的城市不可能建有水利设施。

样例1

样例输入1[复制]

 

2 5
9 1 5 4 3
8 7 6 1 2

样例输出1[复制]

 

1
1

限制

每个测试点1s

提示

本题共有10个测试数据，每个数据的范围如下表所示：
测试数据编号 能否满足要求 N M
1 不能 ≤ 10 ≤ 10
2 不能 ≤ 100 ≤ 100
3 不能 ≤ 500 ≤ 500
4 能 = 1 ≤ 10
5 能 ≤ 10 ≤ 10
6 能 ≤ 100 ≤ 20
7 能 ≤ 100 ≤ 50
8 能 ≤ 100 ≤ 100
9 能 ≤ 200 ≤ 200
10 能 ≤ 500 ≤ 500
对于所有的10个数据，每座城市的海拔高度都不超过10^6。

暴力搜索+剪枝+区间覆盖

一道水题我居然做了那么久。。。Orz

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;

struct Edge
{
    int L,R;
}B[502];
int n,m,ans;
int F[502];
int map[502][502];
int vis[502][502]={0};
int Dx[4]={-1,0,1,0};
int Dy[4]={0,1,0,-1};

void dfs(int x,int y,int p)
{
    vis[x][y]=p;
    if(x==n)
    {
        B[p].L=min(B[p].L,y);
        B[p].R=max(B[p].R,y);
    }
    for(int i=0;i<4;i++)
        if(map[x][y]>map[x+Dx[i]][y+Dy[i]]&&vis[x+Dx[i]][y+Dy[i]]!=p)
            dfs(x+Dx[i],y+Dy[i],p);
}

bool cmp(Edge a,Edge b)
{
    return a.L<b.L;
}

int main()
{
    memset(map,0x3f3f3f3f,sizeof(map));
    memset(F,0x3f3f3f3f,sizeof(F));
    cin>>n>>m;
    ans=m;
    for(int i=1;i<=n;i++)
        for(int j=1;j<=m;j++)
            cin>>map[i][j];
    for(int i=1;i<=m;i++)
    {
        B[i].L=0x3f3f3f3f;
        B[i].R=0;
        if((i==1)||(i==m)||(map[1][i]>=map[1][i-1])||(map[1][i]>=map[1][i+1]))
            dfs(1,i,i);
    }
    for(int i=1;i<=m;i++)
        if(vis[n][i]>0) ans--;
    if(ans>0) 
    {
        cout<<0<<endl<<ans<<endl;
        return 0;
    }
    sort(B+1,B+m+1,cmp);
    int L = 1;
    while (L <= m) {
        ans++;
        int R = L;
        for (int k=1; k <= m; k++) {
            if (B[k].L > L) break;
            R = max(R,B[k].R);
        }
        L = R + 1;
    }
    cout<<1<<endl<<ans<<endl;
    return 0;
}