BZOJ1999或洛谷1099&BZOJ2282或洛谷2491 树网的核&[SDOI2011]消防

一道树的直径

树网的核 BZOJ原题链接

树网的核 洛谷原题链接

消防 BZOJ原题链接

消防 洛谷原题链接

一份代码四倍经验，爽
显然要先随便找一条直径，然后直接枚举核的两个端点，对每一次枚举的核遍历核上的每个点，用(dfs)求出核外节点到核的最大值即可，时间复杂度为(O(n^3))，这在(NOIP)的原数据范围下是可以过的，但对于数据加强版就必须要优化了。
发现当枚举到直径上的某个点时，核的另一端在不超过(s)的前提下显然越远越好。这样就直接优化掉一个(n)了，但我们还可以继续优化。
设直径上的点为(u_1,u_2,dots,u_t)，当前枚举到的核的两端点为(x_i,x_j)。
根据直径的最长性，我们可以发现对于该核的偏心距实际上就是(max{maxlimits_{k=1}^{t}{d[u_k]},dis(u_1,x_i),dis(x_j,u_t)})，数组(d)表示直径外节点（不经过直径上的点）到(u_k)的最大值，(dis)表示两点间的距离。
而(maxlimits_{k=1}^{t}{d[u_k]})显然是个定值，至于(dis)，我们可专门剖出直径上的所有边，然后用在枚举核的左端点时用两个变量维护即可，时间复杂度(O(n))。

#include<cstdio>
using namespace std;
const int N = 5e5 + 10;
struct dd {
	int dis, x;
};
dd D[N], a[N];
int fi[N], di[N << 1], da[N << 1], ne[N << 1], l, ma;
bool v[N];
inline int re()
{
	int x = 0;
	char c = getchar();
	bool p = 0;
	for (; c<'0' || c>'9'; c = getchar())
		p |= c == '-';
	for (; c >= '0'&&c <= '9'; c = getchar())
		x = x * 10 + (c - '0');
	return p ? -x : x;
}
inline int maxn(int x, int y)
{
	return x > y ? x : y;
}
inline int minn(int x, int y)
{
	return x < y ? x : y;
}
inline void add(int x, int y, int z)
{
	di[++l] = y;
	da[l] = z;
	ne[l] = fi[x];
	fi[x] = l;
}
void dfs(int x, int fa, int dis, int la)
{
	int i, y;
	if (dis > ma)
	{
		ma = dis;
		D[0].x = x;
	}
	D[x].x = fa;
	D[x].dis = la;
	for (i = fi[x]; i; i = ne[i])
	{
		y = di[i];
		if (y != fa)
			dfs(y, x, dis + da[i], da[i]);
	}
}
void dfs_2(int x, int dis)
{
	int i, y;
	v[x] = 1;
	if (dis > ma)
		ma = dis;
	for (i = fi[x]; i; i = ne[i])
	{
		y = di[i];
		if (!v[y])
			dfs_2(y, dis + da[i]);
	}
}
int main()
{
	int i, j, n, m, x, y, z, s = 0, k = 0, tail = 0, head = 0, an = 1e9;
	n = re();
	m = re();
	for (i = 1; i < n; i++)
	{
		x = re();
		y = re();
		z = re();
		add(x, y, z);
		add(y, x, z);
	}
	dfs(1, 0, 0, 0);
	ma = 0;
	dfs(D[0].x, 0, 0, 0);
	for (i = D[0].x; i; i = D[i].x)
	{
		v[i] = 1;
		a[++k].x = i;
		a[k].dis = D[i].dis;
	}
	ma = 0;
	for (i = 1; i <= k; i++)
		dfs_2(a[i].x, 0);
	for (j = 1; j < n; j++)
		if (s + a[j].dis <= m)
			s += a[j].dis;
		else
			break;
	for (i = j; i < n; i++)
		tail += a[i].dis;
	an = minn(an, maxn(ma, maxn(head, tail)));
	for (i = 1; i < n; i++)
	{
		s -= a[i].dis;
		head += a[i].dis;
		for (; j < n; j++)
			if (s + a[j].dis <= m)
			{
				s += a[j].dis;
				tail -= a[j].dis;
			}
			else
				break;
		an = minn(an, maxn(ma, maxn(head, tail)));
	}
	printf("%d", an);
	return 0;
}