P99
zhx
： 竞赛时间：???? 年?? 月?? 日??:??-??:??
题目名称 a b c
名称 a b c
输入 a.in b.in c.in
输出 a.out b.out c.out
每个测试点时限 1s 1s 1s
内存限制 256MB 256MB 256MB
测试点数目 10 10 10
每个测试点分值 10 10 10
是否有部分分 无 无 无
题目类型 传统 传统 传统
注意 事项） （请务必仔细阅读） ：
P99 zhxa
a
【问题描述】
你是能看到第一题的 friends 呢。
——hja
怎么快速记单词呢？也许把单词分类再记单词是个不错的选择。何大爷给
出了一种分单词的方法，何大爷认为两个单词是同一类的当这两个单词的各个
字母的个数是一样的，如 dog 和 god。现在何大爷给了你?个单词，问这里总共
有多少类单词。
【输入格式】
第一行一个整数?代表单词的个数。
接下来?行每行一个单词。
【输出格式】
一行一个整数代表答案。
【样例输入】
3
AABAC
CBAAA
AAABB
【样例输出】
2
【数据范围与规定】
70%的数据，1 ≤ ? ≤ 100。
对于100%的数据，1 ≤ ? ≤ 10000，所有单词由大写字母组成。
P99 zhxb
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<set>
#include<cstdlib>
#include<algorithm>
#define N 10007
using namespace std;
int len,n;
string ch;
set<string>s;
int main()
{
freopen("a.in","r",stdin);
freopen("a.out","w",stdout);
cin>>n;
for(int k=1;k<=n;k++)
{
cin>>ch;len=ch.length();
sort(ch.begin(),ch.end());
s.insert(ch);
}
printf("%d
",s.size());
fclose(stdin);fclose(stdout);
return 0;
}
b
【问题描述】
你是能看到第二题的 friends 呢。
——laekov
长度为?的铁丝，你可以将其分成若干段，并把每段都折成一个三角形。你
还需要保证三角形的边长都是正整数并且三角形两两相似，问有多少种不同的
分法。
【输入格式】
一行一个整数?。
【输出格式】
一行一个整数代表答案对10 9 + 7取模之后的值。
【样例输入 1
6
【样例输出 1】
2
【样例输入 2】
9
【样例输出 2】
6
【样例解释 2】
(1,1,1),(2,2,2);(2,2,2),(1,1,1)算两种方案。
【数据范围与规定】
3。
60%的数据，1 ≤ ? ≤ 1000。
对于100%的数据，1 ≤ ? ≤ 10 6 。
P99 zhxc
/*
首先计算周长为M的三角形有多少个，设为f[M]。设三角形的三边a,b,c满足a<=b<=c,那么分两种情况：
（1）b=c，此时c的上限为(M-1)/2,下限为ceil(M/3)=(M+2)/3，所以此时的三角形个数为(M-1)/2-(M+2)/3+1;
（2）b!=c，那么b<=c-1，因为a+b>c>c-1,因此一般来说有多少个三角形(a,b,c-1)就有多少个三角形(a,b,c)，但是此时要减去a+b=c的情况。三角形(a,b,c-1)的个数就是f[M-1]。此时若a+b=c，即M-1=a+b+c-1=c+c-1，即M=2c，因此M必须为偶数。a+b=c=M/2，使得a+b=M/2的有序(a<=b)二元组有M/2/2。
根据这两个可以得到计算f的递推关系。下面我们看怎么得到周长为M且三边满足Gcd(a,b,c)=1的三角形个数？这个可用于筛素数类似的方法得到。那么对于n，将其分成若干份，每份相等，那么不同的分法就是隔板法。
①相似三角形一定可以找到最小的那个，称为这类相似三角形的基。
②剩下就是一包夹杂容斥的递推：
③设w[i]为长度为i的铁丝的分法,一种分法的所有三角形边长除以gcd(a,b,c)得到的三角形都一样，且三边互质,设边长为a',b',c'。?
④若M=a+b+c,M'=a'+b'+c',设k=M/M',那么以a',b',c'为三边的三角形为基，用长度为M的铁丝能做出的方案数为2^(k-1) (杨辉三角第k层数字和公式)。?
⑤设g[i]为长度为i的铁丝分成边长为a,b,c(a<=b<=c)且gcd(a,b,c)=1的三角形的方案数。那么
w[i]=g[p1]*2^(i/p1-1)+g[p2]*2^(i/p2-1)+…+g[pk]*2^(i/pk-1)(p为i的因数)。?
⑥设f[i]为长度为i的铁丝分成边长为a,b,c(a<=b<=c)的三角形的方案数。那么
g[i]=f[i]-f[p1]-f[p2]-…-f[pk](p为i的因数)。(注意此处的f相当于g了,因为是f在刷新自己,因此不会出现因倍数而导致重复情况)
⑦接下来处理三角形三边合法(即f的递推)：
1.b==c，c最小为ceil(i/3)，最大为floor((i-1)/2) 。?
2.b<=b<=c-1的方案数，为f[i-1]。?
第二种情况还要除去a+b=c的方案数。?
若a+b=c，那么i=a+b+c=2*(a+b)，a+b=i/2，
这样的(a,b)有i/2/2对，此时i一定为偶数，所以i为偶数时要考虑这种情况
*/
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<iostream>
using namespace std;
const int N=5000005,mod=1000000007;
int n,ans,cnt;
int f[N],p[N];
int main()
{
p[1]=1;
for(int i=2; i<=N; i++)p[i]=(p[i-1]*2)%mod;
f[3]=1;
for(int i=4; i<=N; i++)
{
f[i]=f[i-1]+(i-1)/2-i/3+(i%3?0:1);
if(i%2==0)f[i]-=i/4;
f[i]%=mod;
if(f[i]<0)f[i]+=mod;
}
for(int i=2; i<=N; i++)
for(int j=2; i*j<=N; j++)
{
f[i*j]-=f[i];
if(f[i*j]<0)f[i*j]+=mod;
}
while(~scanf("%d",&n))
{
ans=0;
for(int i=1; i*i<=n; i++)
{
if(n%i!=0)continue;
ans=(ans+1ll*f[i]*p[n/i])%mod;
if(i*i!=n)ans=(ans+1ll*f[n/i]*p[i])%mod;
}
printf("%d
",ans);
}
return 0;
}
c
【问题描述】
你是能看到第三题的 friends 呢。
——aoao
在小学的时候，我们都学过正视图和左视图。现在何大爷用一些小方块摆了
一个图形，并给出了你这个图形的左视图和正视图。现在何大爷希望知道，在给
定正视图和左视图的情况下，原来的立体图形有多少种可能的情况？
【输入格式】
第一行两个整数?,?，代表在左视图和正视图中分别有多少列。
第二?个整数，代表在左视图中从左至右每一列的高度。
第三行?个整数，代表在正视图中从左至有每一列的高度。
【输出格式】
一行一个整数代表答案对10 9 + 9取模之后的值。
【样例输入 1】
2 2
1 1
1 1
【样例输出 1】
7
【样例输入 2】
4 5
5 2 4 1
5 2 4 0 1
【样例输出 2】
429287
【数据规模与约定】
21 ≤ ?,? ≤ 5，每列的最大高度不超过5。
40%的数据，? + ? ≤ 18。
对于100%的数据，1 ≤ ?,? ≤ 50，每列最
/*
排序
容斥原理
emmmmm
大概就是这么牛逼
大佬的世界
我们不懂
不懂
不懂
就是不懂
嘿嘿嘿
不懂
绝望
就是不懂
很绝望
看不懂
emmmm
*/
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;
#define N 51
#define H 10001
const int mod=1e9+9;
int a[H],b[H];
int n,m;
int C[N][N];
void pre(int k)
{
for(int i=0; i<=k; i++) C[i][0]=1;
for(int i=1; i<=k; i++)
for(int j=1; j<=i; j++)
C[i][j]=(C[i-1][j]+C[i-1][j-1])%mod;
}
int pow(int a,int b)
{
int res=1;
for(; b; b>>=1,a=1ll*a*a%mod)
if(b&1) res=1ll*res*a%mod;
return res;
}
int cal(int n,int m,int nn,int mm,int h)
{
int res=0,tmp;
for(int i=0; i<=nn; ++i)
for(int j=0; j<=mm; ++j)
{
tmp=1ll*pow(h,n*m-(n-i)*(m-j))*pow(h+1,(n-i)*(m-j)-(n-nn)*(m-mm))%mod*C[nn][i]%mod*C[mm][j]%mod;
if((i+j)&1) res=((res-tmp)%mod+mod)%mod;
else res+=tmp,res%=mod;
}
return res;
}
int main()
{
freopen("c.in","r",stdin);
freopen("c.out","w",stdout);
int x;
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1; i<=n; ++i) scanf("%d",&x),a[x]++;
for(int i=1; i<=m; ++i) scanf("%d",&x),b[x]++;
pre(max(n,m));
LL res=1;
int nown=0,nowm=0;
for(int i=10000; i>=0; i--)
if(a[i] || b[i])
{
nown+=a[i];
nowm+=b[i];
res=1ll*res*cal(nown,nowm,a[i],b[i],i)%mod;
}
printf("%I64d",res);
}