测试地址:染色
做法:本题需要用到容斥原理+NTT。
好吧,我承认以下的推导过程是借(chao)鉴(xi)这位大佬的,Orz。
要求恰有种颜色出现次的方案数,其实就是要求其他种颜色必定不能恰好出现次,用容斥原理列出式子得:
在第二个和式中用替换,则有:
把组合数拆开,化简得:
交换的位置,整理得:
显然后半部分是一个卷积的形式,使用NTT求出即可。
以下是本人代码:
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll mod=1004535809;
const ll g=3;
int r[400010];
ll n,m,s,E,fac[10000010],inv[10000010];
ll a[400010],b[400010],w[100010];
ll power(ll a,ll b)
{
ll s=1,ss=a;
while(b)
{
if (b&1) s=s*ss%mod;
ss=ss*ss%mod;b>>=1;
}
return s;
}
void NTT(ll *a,ll type,int n)
{
for(int i=0;i<n;i++)
if (i<r[i]) swap(a[i],a[r[i]]);
for(int mid=1;mid<n;mid<<=1)
{
ll W=power(g,(type*(mod-1)/(mid<<1)%(mod-1)+(mod-1))%(mod-1));
for(int l=0;l<n;l+=(mid<<1))
{
ll w=1;
for(int k=0;k<mid;k++,w=w*W%mod)
{
ll x=a[l+k],y=w*a[l+mid+k]%mod;
a[l+k]=(x+y)%mod;
a[l+mid+k]=(x-y+mod)%mod;
}
}
}
if (type==-1)
{
ll inv=power(n,mod-2);
for(int i=0;i<n;i++)
a[i]=a[i]*inv%mod;
}
}
int main()
{
scanf("%lld%lld%lld",&n,&m,&s);
for(int i=0;i<=m;i++)
scanf("%lld",&w[i]);
fac[0]=fac[1]=inv[0]=inv[1]=1;
for(ll i=2;i<=max(n,m);i++)
{
fac[i]=fac[i-1]*i%mod;
inv[i]=(mod-mod/i)*inv[mod%i]%mod;
}
for(ll i=2;i<=max(n,m);i++)
inv[i]=inv[i]*inv[i-1]%mod;
E=min(n/s,m);
for(ll i=0;i<=E;i++)
{
a[i]=w[i]*inv[i]%mod;
b[i]=(((i%2)?-1:1)*inv[i]%mod+mod)%mod;
}
int x=1,bit=0;
while(x<=(E<<1)) x<<=1,bit++;
r[0]=0;
for(int i=1;i<=x;i++)
r[i]=(r[i>>1]>>1)|((i&1)<<(bit-1));
NTT(a,1ll,x),NTT(b,1ll,x);
for(int i=0;i<=x;i++)
a[i]=a[i]*b[i]%mod;
NTT(a,-1ll,x);
ll ans=0;
for(ll j=0;j<=E;j++)
{
ll now=1;
now=fac[m]*fac[n]%mod*inv[m-j]%mod*inv[n-j*s]%mod;
now=now*power(m-j,n-j*s)%mod;
now=now*power(power(fac[s],j),mod-2)%mod;
now=now*a[j]%mod;
ans=(ans+now)%mod;
}
printf("%lld",ans);
return 0;
}