【题解】 Codeforces Edu41 F. k-substrings （字符串Hash）

题面戳我

Solution

• 我们正着每次都要枚举从长到短，时间复杂度承受不了，但是我们可以发现一个规律，假设某次的答案为(x)，那么这个字符串为(A+X+B)组成，无论中间的(X)是重叠还是空余的，我们都可以发现，这个字符串可以改成(a+A'+X+B'+b)，所以下一次砍掉两边，这个(A')中没有(a)与(B')匹配，(B')中同理没有(b)与(A')匹配，所以公共串长度至少(-2)。
• 有了上面那个性质，我们再倒着来做，我们把砍掉两边改成在两边加上两个字符，那么这次答案，至多是上次答案(+2)，那么答案就只能从(lastans+2,lastans,cdots,1)中查找，我们如果判断到一个答案符合前缀和后缀一样，我们就可把这个数作为答案，直接(break)即可，长度(1)的子串前缀和后缀都没有答案就是(-1)。
• 我们来验证下时间复杂度的正确性，因为我们每次都是从(lastans+2)，开始然后向后减，其实就与(KMP)一样（我不会），减的次数由加的次数决定，然后我们加的次数不会多于(n/2+1)，忽略常数，再加上(Hash)，所以我们就可以证明时间复杂度大概是(O(n))的了
• 判断字符串相同用(Hash)

Code

//It is coded by ning_mew on 7.23
#include<bits/stdc++.h>
#define LL long long
using namespace std;

const int maxn=1e6+7;

int n;
char ch[maxn];
LL MOD[3]={19260817,20000909,19491001};
LL Hash[3][maxn],Pow[3][maxn];
int ans[maxn];

bool check(int s,int len){
	int mid,t;
	if(n%2){mid=(n+1)/2;t=2*mid-s;}
	else {mid=n/2;t=mid-s+mid+1;}
	for(int i=0;i<3;i++){
		int box1=((Hash[i][s+len-1]-Hash[i][s-1]*Pow[i][len])%MOD[i]+MOD[i])%MOD[i];
		int box2=((Hash[i][t]-Hash[i][t-len]*Pow[i][len])%MOD[i]+MOD[i])%MOD[i];
		if(box1!=box2)return false;
	}return true;
}
void work1(){
	ans[(n+1)/2]=-1;
	for(int i=(n+1)/2-1;i>=1;i--){
		//cout<<"----------------------"<<endl;
		ans[i]=-1;
		for(int k=ans[i+1]+2;k>=1;k-=2){
			//cout<<k<<endl;
			if(check(i,k)){ans[i]=k;break;}
		}
	}
	for(int i=1;i<=(n+1)/2;i++){printf("%d ",ans[i]);} printf("
");
}
void work2(){
	if(ch[n/2]==ch[n/2+1])ans[n/2]=1;else ans[n/2]=-1;
	for(int i=n/2-1;i>=1;i--){
		ans[i]=-1;
		for(int k=ans[i+1]+2;k>=1;k-=2){
			//cout<<k<<endl;
			if(check(i,k)){ans[i]=k;break;}
		}
	}
	for(int i=1;i<=n/2;i++){printf("%d ",ans[i]);} printf("
");
}
int main(){
	scanf("%d",&n);scanf("%s",ch+1);
	
	for(int j=0;j<3;j++){
		Pow[j][0]=1;
		for(int i=1;i<=n;i++){
			Hash[j][i]=(Hash[j][i-1]*27+ch[i]-'a')%MOD[j];
			Pow[j][i]=Pow[j][i-1]*27%MOD[j];
		}
	}
	if(n%2)work1();else work2();
	return 0;
}

博主蒟蒻，随意转载。但必须附上原文链接：http://www.cnblogs.com/Ning-Mew/，否则你会场场比赛爆0！！！