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题目链接:
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分析:
一开始愣是没看懂题,后面发现就是你要找一个树上点集使得各点权值之和小于(M),并且找一个点集的公共祖先(Anc)(管理者),使(Anc)的领导力乘以点集大小最大
一开始想DP,一看数据范围,我们可以稍微暴力一点,枚举每个点作为管理者的答案最大值,我们只要在子树中权值最小的点选起使权值之和小于(M)就可以了,一下问题简单了许多.
再暗中观察分析,发现这个信息是可以维护转移的,在两颗子树合并时可以用大根堆搞一搞.我们不妨先对树进行(dfs),中途不断合并权值信息.
当(dfs) (x)节点时,以(x)为根建一个大根堆称为x的代表堆,(dfs)完(x)的一个子树回溯到(x)时,将子树的代表堆与(x)的代表堆进行合并,同时将两堆权值之和相加.若权值之和大于(m),由于是大根堆,不断(pop)堆顶直至小于(m),满足最优子结构.
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注意
本题思维容易但要注意一些问题:
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虽说是X的代表堆,然而X可能会被(pop)这个堆,于是要用一个(root)记录代表堆的根,同时dfs返回该root值
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可并堆可用斜堆或左偏堆 COGS上斜堆略胜一筹,luogu上却不尽人意
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还有一些细节和小技巧,比如处理祖宗的最大领导力可以看代码
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代码(左偏树)
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <map>
#include <queue>
#define ri register int
#define ll long long
using namespace std;
const int maxn=103005;
const int inf=0x7fffffff;
template <class T>inline void read(T &x){
x=0;int ne=0;char c;
while(!isdigit(c=getchar()))ne=c=='-';
x=c-48;
while(isdigit(c=getchar()))x=(x<<3)+(x<<1)+c-48;
x=ne?-x:x;
return ;
}
int n;
ll m,leader[maxn],key[maxn],ans[maxn],anss=-inf;
int ls[maxn],rs[maxn],fa[maxn],cnt[maxn],npl[maxn];//可并堆
vector <int>son[maxn];
int get(int x){
while(x!=fa[x])fa[x]=get(fa[x]);
return fa[x];
}
int merge(int x,int y){
if(!x)return y;
if(!y)return x;
if(key[x]<key[y])swap(x,y);
fa[y]=x;
rs[x]=merge(rs[x],y);
if(!ls[x]||npl[ls[x]]<npl[rs[x]])swap(ls[x],rs[x]);
if(!rs[x])npl[x]=0;
else npl[x]=npl[rs[x]]+1;
//swap(ls[x],rs[x]);
return x;
}
int del(int now){
fa[now]=-1;
fa[ls[now]]=fa[rs[now]]=0;
return merge(ls[now],rs[now]);
}
int dfs(int now,ll mx){//mx--祖先上的领导力最大值
int s,root=now,ro_s;
mx=max(mx,leader[now]);
ans[now]=key[now],cnt[now]=1;
anss=max(anss,leader[now]);
for(ri i=0;i<son[now].size();i++){
s=son[now][i];
ro_s=dfs(s,mx);
ans[now]+=ans[s],cnt[now]+=cnt[s];
root=merge(root,ro_s);
while(ans[now]>m&&cnt[now]) {
ans[now]-=key[root];
cnt[now]--;
root=del(root);
}
anss=max(anss,cnt[now]*mx);
}
return root;
}
int main(){
int pa;
//freopen("dispatching.in","r",stdin);
//freopen("dispatching.out","w",stdout);
read(n),read(m);
for(ri i=1;i<=n;i++){
read(pa),read(key[i]),read(leader[i]);
ls[i]=rs[i]=0,fa[i]=i,npl[i]=0;
son[pa].push_back(i);
}
dfs(1,leader[1]);
printf("%lld
",anss);
fclose(stdin);
fclose(stdout);
return 0;
}