分析
设 (d[i][j]) 表示 所处位置为 (i)，跳跃能力为 (j) 的步数，
若 (jleq sqrt{n})，这样的状态最多有 (nsqrt{n}) 个，
若 (j>sqrt{n})，这样的状态最多有 (msqrt{n}) 个。
所以最多有 ((n+m)sqrt{n}) 个状态，用 (bitset) 维护是否走过即可
代码
#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <bitset>
#include <queue>
#include <vector>
#define rr register
using namespace std;
const int N=30011;
struct rec{int x,y,z;}; queue<rec>q;
bool unvis[N]; bitset<N>v[N];
vector<int>K[N]; int n,S,T;
inline signed iut(){
rr int ans=0; rr char c=getchar();
while (!isdigit(c)) c=getchar();
while (isdigit(c)) ans=(ans<<3)+(ans<<1)+(c^48),c=getchar();
return ans;
}
inline void print(int ans){
if (ans>9) print(ans/10);
putchar(ans%10+48);
}
inline void Insert(int x,int y,int z){
if (!unvis[x]){
unvis[x]=1;
rr int siz=K[x].size();
for (rr int i=0;i<siz;++i){
rr int t=K[x][i];
if (!v[x][t]) v[x][t]=1,q.push((rec){x,t,z});
}
}
if (!v[x][y]) v[x][y]=1,q.push((rec){x,y,z});
}
signed main(){
n=iut();
for (rr int Y=iut();Y;--Y){
rr int x=iut()+1,y=iut();
if (S&&!T) T=x;
if (!S) S=x;
K[x].push_back(y);
}
if (S==T) return !printf("0");
Insert(S,30001,0);
while (!q.empty()){
rr rec t=q.front(); q.pop();
if (t.x-t.y==T||t.x+t.y==T)
return !printf("%d",t.z+1);
if (t.x-t.y>0) Insert(t.x-t.y,t.y,t.z+1);
if (t.x+t.y<=n) Insert(t.x+t.y,t.y,t.z+1);
}
return !printf("-1");
}