【题目描述】
Description
T64有一个好朋友，叫T128。T128是寄宿生，并且最近被老师叫过去当宿管了。宿管可不是一件很好做的工作，碰
巧T128有一个工作上的问题想请T64帮忙解决。T128的寝室条件不是很好，所以没有很多钱来装修。礼间寝室仅由n
-1条双向道路连接，而且任意两间寝室之间都可以互达。最近，T128被要求对一条路径上的所有寝室进行管理，这
条路径不会重复经过某个点或某条边。但他不记得是哪条路径了。他只记得这条路径上有不少于k个寝室。于是，
他想请T64帮忙数一下，有多少条这样的路径满足条件。嗯…还有一个问题。由于最近有一些熊孩子不准晚上讲话
很不爽，他们决定修筑一条“情报通道”，如果通道建成，寝室就变成了一个N个点N条边的无向图。并且，经过“
情报通道”的路径也是合法的。T128心想：通道建成之前，T64还有一个高效的算法帮我数路径条数，但是通道建
成之后，他还有办法吗？对，T64手忙脚乱，根本数不清有多少条路径。于是他找到了你。
Input
第一行为三个正整数N，M，K（2 ≤ K ≤ N），代表有n间寝室，m条边连接它们n-1 ≤ m ≤ N；
m= n-1意味着“情报遁道”未被修好；m=n意味着“情报通道”已被修好），以及题目描述中的K。
接下来m行，每行两个正整数z，y，代表第x间寝室与第y间寝室之间有一条双向边。
Output
仅包含一个整数，代表经过至少K间寝室的路径条数。
Sample Input
5 5 2
1 3
2 4
3 5
4 1
5 2
1 3
2 4
3 5
4 1
5 2
Sample Output
20
HINT
.jpg)
N≤100000
K≤N
M=N
【题解】
如果只是一棵树，就是一个裸的点分治模板题。
考虑环的情况，先把环去掉变成几棵独立的树，在每棵树上跑点分治。
现在来考虑环上的情况。
先把环倍长，于是就变成了一条链上，每个点接了一棵树，对于链上后一半的节点，统计每个节点与之前 环长度-1 个链上节点的贡献。可以保证不重复不遗漏。
/* --------------
user Vanisher
problem bzoj-3648
----------------*/
# include <bits/stdc++.h>
# define N 100010
# define T 300000
# define inf 1e9
# define ll long long
using namespace std;
int read(){
int tmp=0, fh=1; char ch=getchar();
while (ch<'0'||ch>'9'){if (ch=='-') fh=-1; ch=getchar();}
while (ch>='0'&&ch<='9'){tmp=tmp*10+ch-'0'; ch=getchar();}
return tmp*fh;
}
struct node{
int data,next;
}e[N*2];
int h[T+10],low[N],dfn[N],place,head[N],ti,st[N],top,c[N],len,size[N],tag[N],mn,root,q[N],num,n,k,m;
ll ans;
void build(int u, int v){
e[++place].data=v; e[place].next=head[u]; head[u]=place;
e[++place].data=u; e[place].next=head[v]; head[v]=place;
}
int lowbit(int x){
return x&(-x);
}
int query(int x){
int num=0;
while (x>0){
num=num+h[x];
x=x-lowbit(x);
}
return num;
}
void modify(int x, int num){
while (x<=T){
h[x]=h[x]+num;
x=x+lowbit(x);
}
}
void tarjan(int x, int fa){
low[x]=dfn[x]=++ti; st[++top]=x;
for (int ed=head[x]; ed!=0; ed=e[ed].next)
if (e[ed].data!=fa){
if (low[e[ed].data]==false){
tarjan(e[ed].data,x);
low[x]=min(low[x],low[e[ed].data]);
}
else low[x]=min(low[x],dfn[e[ed].data]);
}
if (low[x]==dfn[x]){
if (st[top]==x) top--;
else {
while (st[top]!=x) c[++len]=st[top--];
c[++len]=st[top--];
for (int i=1; i<=len; i++) tag[c[i]]=true;
}
}
}
void findroot(int x, int fa, int tot){
size[x]=1; int mx=0;
for (int ed=head[x]; ed!=0; ed=e[ed].next)
if (e[ed].data!=fa&&tag[e[ed].data]==false){
findroot(e[ed].data,x,tot);
mx=max(mx,size[e[ed].data]);
size[x]+=size[e[ed].data];
}
mx=max(tot-size[x],mx);
if (mn>mx) mn=mx, root=x;
}
void getdist(int x, int fa, int dist){
size[x]=1; q[++num]=dist;
ans=ans+query(n)-query(k-dist-1);
st[++top]=dist;
if (dist>=k) ans++;
for (int ed=head[x]; ed!=0; ed=e[ed].next)
if (e[ed].data!=fa&&tag[e[ed].data]==false){
getdist(e[ed].data,x,dist+1);
size[x]+=size[e[ed].data];
}
}
void getdistlen(int x, int fa, int dist){
modify(dist,1);
for (int ed=head[x]; ed!=0; ed=e[ed].next)
if (e[ed].data!=fa&&tag[e[ed].data]==false)
getdistlen(e[ed].data,x,dist+1);
}
void del(int x, int fa, int la, int now){
modify(la,-1);
q[++num]=now;
for (int ed=head[x]; ed!=0; ed=e[ed].next)
if (e[ed].data!=fa&&tag[e[ed].data]==false)
del(e[ed].data,x,la+1,now+1);
}
void solve(int x){
top=0; tag[x]=true;
if (k==0) ans++;
for (int ed=head[x]; ed!=0; ed=e[ed].next)
if (tag[e[ed].data]==false){
num=0;
getdist(e[ed].data,0,1);
for (int i=1; i<=num; i++) modify(q[i],1);
}
for (int i=1; i<=top; i++) modify(st[i],-1);
for (int ed=head[x]; ed!=0; ed=e[ed].next)
if (tag[e[ed].data]==false){
mn=inf;
findroot(e[ed].data,0,size[e[ed].data]);
solve(root);
}
}
int main(){
n=read(), m=read(), k=read()-1;
for (int i=1; i<=m; i++){
int u=read(), v=read();
build(u,v);
}
if (n!=m){
mn=inf;
findroot(1,0,n);
solve(root);
printf("%lld
",ans);
}
else{
tarjan(1,0);
for (int i=1; i<=len; i++) solve(c[i]);
memset(tag,0,sizeof(tag));
for (int i=1; i<=len; i++) tag[c[i]]=1;
for (int i=1; i<=len; i++)
getdistlen(c[i],0,2*len-i+1);
for (int i=len+1; i<=2*len; i++){
num=0;del(c[i-len],0,3*len-i+1,0);
for (int j=1; j<=num; j++)
ans=ans+query(T)-query(k-q[j]+2*len-i);
for (int j=1; j<=num; j++)
modify(2*len-i+1+q[j],1);
}
printf("%lld
",ans);
}
return 0;
} 具体实现见代码。