BZOJ2555

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Description

给出初始字符串(s_0(|s_0|leq6 imes10^5))，进行(m(mleq10^4))次操作，操作有两种:

• 在当前字符串的后面插入一个字符串(s)。
• 询问字符串(s)作为连续子串在当前字符串中出现了几次。

其中(sum|s|leq3 imes10^6)。

Solution

其实就是要求我们动态维护后缀自动机的(Right)集合大小。
状态(s)的(Right)集合的大小，等于(parent)树上以(s)为根的子树中有多少个点在SAM的主链上。我们可以用lct来维护整棵(parent)树，当我们在主链上加入一个点(np)时，将(np)到(rt)这条路径上的所有点(+1)。

时间复杂度(O(mlog(sum|s|)))。

Code

//SubString
#include <algorithm>
#include <cstdio>
using std::swap;
int const N=2e6;
char s[N]; int Q;
void decode(char s[],int mask)
{
    int len=0; while(s[len]) len++;
    for(int j=0;j<len;j++) mask=(mask*131+j)%len,swap(s[j],s[mask]);
}
namespace lct
{
    int fa[N],ch[N][2],sum[N]; int add[N];
    int wh(int p) {return p==ch[fa[p]][1];}
    bool notRt(int p) {return p==ch[fa[p]][wh(p)];}
    void doAdd(int p,int x) {if(p) sum[p]+=x,add[p]+=x;}
    void update(int p) {/*并没有什么需要update的*/ }
    void pushdw(int p) {if(add[p]) doAdd(ch[p][0],add[p]),doAdd(ch[p][1],add[p]),add[p]=0;}
    void rotate(int p)
    {
        int q=fa[p],r=fa[q],w=wh(p);
        fa[p]=r; if(notRt(q)) ch[r][wh(q)]=p;
        fa[ch[q][w]=ch[p][w^1]]=q;
        fa[ch[p][w^1]=q]=p;
        update(q),update(p);
    }
    void pushdwRt(int p) {if(notRt(p)) pushdwRt(fa[p]); pushdw(p);}
    void splay(int p)
    {
        pushdwRt(p);
        for(int q=fa[p];notRt(p);rotate(p),q=fa[p]) if(notRt(q)) rotate(wh(p)^wh(q)?p:q);
    }
    void access(int p) {for(int q=0;p;q=p,p=fa[p]) splay(p),ch[p][1]=q,update(p);}
    void link(int p,int q) {fa[p]=q;}
    void cut(int p) {access(p),splay(p); fa[ch[p][0]]=0,ch[p][0]=0; update(p);}
    void add_p2rt(int p) {access(p),splay(p),doAdd(p,1);}
}
int rt,ndCnt,last;
int prt[N],ch[N][2],len[N];
using lct::link; using lct::cut;
void ins(int x)
{
    int p=last,np=++ndCnt;
    len[np]=len[p]+1,last=np;
    for(p;p&&!ch[p][x];p=prt[p]) ch[p][x]=np;
    if(!p) {prt[np]=rt,link(np,rt); return;}
    int q=ch[p][x];
    if(len[q]==len[p]+1) {prt[np]=q,link(np,q); return;}
    int nq=++ndCnt; len[nq]=len[p]+1; 
    for(int i=0;i<2;i++) ch[nq][i]=ch[q][i];
    cut(q); lct::sum[nq]=lct::sum[q];
    prt[nq]=prt[q],link(nq,prt[q]);
    prt[q]=nq,link(q,nq);
    prt[np]=nq,link(np,nq);
    for(p;ch[p][x]==q;p=prt[p]) ch[p][x]=nq;
}
void insStr(char s[]) {for(int i=1;s[i];i++) ins(s[i]-'A'),lct::add_p2rt(last);}
int query(char s[])
{
    int p=rt;
    for(int i=1;s[i];i++) if(ch[p][s[i]-'A']) p=ch[p][s[i]-'A']; else return 0;
    lct::access(p),lct::splay(p); return lct::sum[p];
}
int main()
{
    int mask=0; scanf("%d",&Q);
    last=rt=++ndCnt;
    scanf("%s",s+1); insStr(s);
    while(Q--)
    {
        char opt[10];
        scanf("%s%s",opt,s+1); decode(s+1,mask);
        if(opt[0]=='A') insStr(s);
        else {int res=query(s); mask^=res,printf("%d
",res);}
    }
    return 0;
}

P.S.

断更了两天...这题我前天做的