时态同步
从叶子到根节点统计修改次数。树形(dp)思想。
题目描述
小(Q)在电子工艺实习课上学习焊接电路板。一块电路板由若干个元件组成，我们不妨称之为节点，并将其用数字(1,2,3…).进行标号。电路板的各个节点由若干不相交的导线相连接，且对于电路板的任何两个节点，都存在且仅存在一条通路（通路指连接两个元件的导线序列）。
在电路板上存在一个特殊的元件称为“激发器”。当激发器工作后，产生一个激励电流，通过导线传向每一个它所连接的节点。而中间节点接收到激励电流后，得到信息，并将该激励电流传向与它连接并且尚未接收到激励电流的节点。最终，激烈电流将到达一些“终止节点”――接收激励电流之后不再转发的节点。
激励电流在导线上的传播是需要花费时间的，对于每条边(e)，激励电流通过它需要的时间为(t_e)，而节点接收到激励电流后的转发可以认为是在瞬间完成的。现在这块电路板要求每一个“终止节点”同时得到激励电路――即保持时态同步。由于当前的构造并不符合时态同步的要求，故需要通过改变连接线的构造。目前小(Q)有一个道具，使用一次该道具，可以使得激励电流通过某条连接导线的时间增加一个单位。请问小(Q)最少使用多少次道具才可使得所有的“终止节点”时态同步？
输入输出格式
输入格式：
第一行包含一个正整数(N)，表示电路板中节点的个数。
第二行包含一个整数(S)，为该电路板的激发器的编号。
接下来(N-1)行，每行三个整数(a , b , t)。表示该条导线连接节点(a)与节点(b)，且激励电流通过这条导线需要(t)个单位时间。
输出格式：
仅包含一个整数(V)，为小(Q)最少使用的道具次数。
输入输出样例
输入样例#1：
3
1
1 2 1
1 3 3
输出样例#1：
2
说明
对于(40\%)的数据，(N ≤ 1000)
对于(100\%)的数据，(N ≤ 500000)
对于所有的数据，(t_e ≤ 1000000)
分析
看到题意，显然的一道树形(dp)题，因为有节点，根（也就是激发器），边数也正好是一棵树。所以考虑树形动规。题目中问的是最小的修改树，所以(dp[i])数组开一维记录以(i)为根时的最大时间，然后进行树形(dp)，首先一个边的循环递归，找出每个节点的最大时间，再进行一次循环，每一次(ans)加上当前节点的最大时间减去子节点加上边权，最后得出答案即可。（温馨提示，不开long long悔终身哦）状态转移就是：
其中(u)为目前的根节点，(v)为子节点,(e[i].val)为边权。
代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
const int maxn = 5e5+10;
ll ans;
struct node{
ll v,next;
ll w;
}e[maxn<<1];
ll tot;
ll dp[maxn];
ll n,root;
ll head[maxn];
void Add(ll x,ll y,ll val){
e[++tot].v = y;
e[tot].next = head[x];
head[x] = tot;
e[tot].w = val;
}
void dfs(ll u,ll fa){
for(ll i=head[u];i;i=e[i].next){//枚举边
ll v = e[i].v;
if(v != fa){//子节点不能是父节点，显然
dfs(v,u);//递归搜索
dp[u] = max(dp[u],dp[v]+e[i].w);//找出每个节点的最大时间
}
}
for(ll i=head[u];i;i=e[i].next){
ll v = e[i].v;
if(v != fa)//同上
ans+=dp[u]-dp[v]-e[i].w;//当前节点最大时间减去子节点最大时间加边权。
}
}
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);//优化cin/cout效率，但是优化后不能用scanf和printf
cin>>n>>root;
for(int i=1;i<n;++i){
ll x,y,val;
cin>>x>>y>>val;//建双向边
Add(x,y,val);
Add(y,x,val);
}
dfs(root,root);//从根节点开始动规
cout<<ans<<endl;//输出答案
}