写在前边
没有打，闲的没事补一下题。
A. Cards for Friends
链接：A题链接
题目大意:
给定一张(w*h)的卡片，每次可以切成(cfrac{w}{2} * h)或者(cfrac{h}{2} * w)的两张卡片，给定一个整数(n)，问所给的大卡片是否切成至少(n)张卡片。
思路：
一开始想的太复杂了，分情况讨论了半天还是WA，其实这题就是长和宽分别切就行，每符合题意切一次，(res *= 2)，得到答案。
代码:
#include <iostream>
using namespace std;
int main() {
int t;
cin >> t;
while (t--) {
int w, h, n, res = 1;
cin >> w >> h >> n;
while (w % 2 == 0) {
w /= 2;
res *= 2;
}
while (h % 2 == 0) {
h /= 2;
res *= 2;
}
cout << (res >= n ? "YES" : "NO") << endl;
}
return 0;
}
B. Fair Division
链接：B题链接
题目大意:
给定(n)个糖果，每个糖果的重量是(1)或者(2)，现在将糖果平分给两人，问是否能实现两个人分得的重量相同，注意：一个糖果不能分成两半。
思路：
我的思路：求其总重量，看总重量是否能被2整除，若不能整除，那么肯定为("NO")，若能平分，那么我们只看一个人即可，将糖果从大到小排序，然后如果能正好分给一个人，那么剩下的就是第二个人的糖果了，会多用一重循环。
代码:
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N = 110;
LL w[N];
int main() {
int t, n;
cin >> t;
while (t--) {
LL sum = 0;
cin >> n;
for (int i = 0; i < n; i++) {
cin >> w[i];
sum += w[i];
}
if (sum % 2 != 0) {
puts("NO");
continue;
}
sum /= 2;
sort(w, w + n);
LL temp = 0;
for (int i = n - 1; i >= 0; i--) {
if (temp + w[i] <= sum) {
temp += w[i];
}
}
cout << (temp == sum ? "YES" : "NO") << endl;
}
return 0;
}
官方的思路：直接判断，省去循环
对重量为0的糖果和重量为1的糖果分别统计个数，那么和就是((cnt1 + cnt2 * 2))，若和不能被2整除那肯定为(“NO”)，若能被整除，那么分给每个人的重量就为(sum = cfrac{(cnt1 + cnt2*2)}{2}), 再判断糖果是否能实现对两个人的合理分配，若(sum \% 2 == 0)，那么说明所给的糖果可以凑出(cfrac{sum}{2})个(2)（想不明白可以用反证法：若所给糖果凑不出(cfrac{sum}{2})个(2)，那么肯定所给糖果中有奇数个(1)，那么说明(sum \% 2 != 0)，与(sum \% 2 == 0)矛盾）那么就说明可以实现合理分配，如果(sum \% 2 != 0)，那么说明在分给一人若干个(2)之后。会有(1)来补齐，因此只需要判断一下(cnt1 != 0)即可。
#include <iostream>
using namespace std;
int main() {
int t, n;
cin >> t;
while (t--) {
cin >> n;
int cnt1 = 0, cnt2 = 0, c;
for (int i = 0; i < n; i++) {
cin >> c;
if (c == 1) {
cnt1++;
} else {
cnt2++;
}
}
if ((cnt1 + cnt2 * 2) % 2 != 0) {
puts("NO");
} else {
int sum = (cnt1 + cnt2 * 2) / 2;
if ((sum % 2 == 0) || (sum % 2 != 0 && cnt1 != 0)) {
puts("YES");
} else {
puts("NO");
}
}
}
return 0;
}
C. Long Jumps
链接：C题链接
题目大意:
给定一个数组(a)，下标是(i in [1, n])，从(i)跳到(i + a[i])的得分是(a[i])，以此类推直到下标超过(n)，例如：(n=5),(a=[7,3,1,2,3])。
当(i = 1)时，(1 + a[1] = 8)，跳出了n，因此(score[1] = a_1 = 7)。
当(i = 2)时，(2 + a[2] = 5)，跳到了(i = 5)，从(5)开始跳,(5 + a[5] = 8)，因此(score[2] = a_2 + a_5 = 6)
依次类推...
求最后最大(score_i)
思路：
一开始还是只想到了两重循环暴力，铁定超时，然后就得想怎么才能优化。
于是发现这样一个递推公式:(score[i] = score[i + a[i]] + a[i])，并且为了记录下(score[i + a[i]])，我们选择倒着枚举,这样(score[i + a[i]])就被提前记录啦，最后再找一下最大值即可，于是就从(O(n^2))优化成了(O(n))
代码:
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;
const int N = 2e5 + 10;
int a[N], f[N];
int main() {
int t, n;
cin >> t;
while (t--) {
cin >> n;
for (int i = 0; i < n; i++) {
cin >> a[i];
}
vector<int> f(n + 1);
for (int i = n - 1; i >= 0; i--) {
f[i] = a[i];
int j = i + a[i];
if (j < n) {
f[i] += f[j];
}
}
cout << *max_element(f.begin(), f.end()) << endl;
}
system("pause");
return 0;
}
D. Even-Odd Game
链接：D题链接
题目大意:
(Alice)与(Bob)玩游戏，给定一个数组(a)，(Alice)先手，(Bob)后手从里边拿牌，若(Alice)取到的偶数那么就加分加(a_i)，否则不加分，(Bob)取到奇数加分，否则不加分，直到牌被取完，最后谁的分数高谁获胜，保证游戏是公平的且两者的取法都是最优。
思路：
一个简单的博弈论问题，但是我没想出来。
可以换一种角度思考，取一个基准分，(Alice)取到偶数那么基准分加分，(Bob)取到奇数相当于基准分减分减分，因此这样看来，(Alice)想让它越大越好，(Bob)想让它越小越好。对于(Alice)来说，她肯定想拿的数越大越好，如果是大偶数那么直接加分了，如果是拿大的奇数那么(Bob)就拿不到，因此对于(Bob)也是如此，因此对于两者来说都是拿的分越大越好。
还有见到一个数(1e9)这种，一定要记得开(long long)
代码:
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N = 2E5 + 10;
ll a[N];
bool cmp(ll a, ll b) {
return a > b;
}
int main() {
int t, n;
cin >> t;
while (t--) {
cin >> n;
for (int i = 1; i <= n; i++) {
cin >> a[i];
}
ll res = 0;
sort(a + 1, a + n + 1, cmp);
for (int i = 1; i <= n; i++) {
if (i % 2 == 1) {//Alice取
if (a[i] % 2 == 0) {
res += a[i];
}
} else { //Bob取
if (a[i] % 2 == 1) {
res -= a[i];
}
}
}
if (res == 0) {
puts("Tie");
} else if (res > 0) {
puts("Alice");
} else {
puts("Bob");
}
}
return 0;
}
E. Correct Placement
链接：E题链接
题目大意:
(n)个人拍照，矮的并且瘦得会站在前边，比如有(i)、(j)两位同学，(h_i)、(w_i)、(h_j)、(w_j)分别是两位同学的身高，与身体宽度，若((h_j<h_iquad andquad w_j<w_i) quad or quad (h_j<w_i quad andquad w_j<h_i)) 那么(j)同学都可以站在(i)同学的前面，对于每一位同学，输出可以站在它前边的任意一位同学的编号。
思路：
看博客有个大佬的想法真的太棒了，既然身高体宽都不确定大小，而且都可以用来比较，那么我们再输入的时候直接处理一下，让(h_i)与(w_i)较大的那个作为身高即可，这样就不必再处理两遍，按照(h_i)从小到大排一个序列，找到(h_i)不同的情况下，(w)最小的那个（一定是在当前同学的前边找，因为排序过后后边的同学一定是不满足的），并且记录它的坐标，因此贪心一下就始终以(w)最小的作为答案即可，同时若遇到更小的记得更新它，还有就是要注意身高相同的情况下不得更新(min_w)。
代码:
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <tuple>
using namespace std;
const int N = 2e5 + 10;
int res[N];
struct node {
int index, h, w;
} a[N];
bool operator< (const node &a, const node &b) {
return tie(a.h, a.w, a.index) < tie(b.h, b.w, b.index);
}
void solve() {
int n;
cin >> n;
for (int i = 1; i <= n; i++) {
a[i].index = i;
cin >> a[i].h >> a[i].w;
if (a[i].h < a[i].w) {
swap(a[i].h, a[i].w);
}
}
sort(a + 1, a + n + 1);
int p = 1;
int min_idx = 0, min_w = 1e9;
for (int i = 1; i <= n; i++) {
if (i != 1 && a[i].h != a[i - 1].h) {
while (p < i) {
if (min_w > a[p].w) {
min_w = a[p].w;
min_idx = a[p].index;
}
p++;
}
}
if (min_w >= a[i].w) {
res[a[i].index] = -1;
} else {
res[a[i].index] = min_idx;
}
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
cout << res[i] << " ";
}
cout << endl;
}
int main() {
int t;
cin >> t;
while (t--) {
solve();
}
return 0;
}