题目描述：
小明在一次聚会中，不慎遗失了自己的钱包，在接下来的日子，面对小明的将是一系列的补卡手续和堆积的账单。
在小明的百般恳求下，老板最终同意延缓账单的支付时间。可老板又提出，必须从目前还没有支付的所有账单中选出面额最大和最小的两张，并把他们付清。还没有支付的账单会被保留到下一天。
请你帮他计算出支付的顺序。
输入：
第1 行：一个正整数N(N≤15,000)，表示小明补办银联卡总共的天数。
第2 行到第N+1 行：每一行描述一天中收到的帐单。先是一个非负整数M<=100，表示当天
收到的账单数，后跟M个正整数（都小于1,000,000,000），表示每张帐单的面额。
输入数据保证每天都可以支付两张帐单。
输出：
输出共N 行，每行两个用空格分隔的整数，分别表示当天支付的面额最小和最大的支
票的面额。
样例输入：
4
3 3 6 5
2 8 2
3 7 1 7
0
样例输出：
3 6
2 8
1 7
5 7
这是一道典型的用STL模板的题，其实用set或multi set都还好啦（甚至还有用queue或者stack的），现下代码，然后解释解释emmm：
#include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> #include<set> using namespace std; multiset <int> q; long long n; long long m,a[100]; int r,t; int main() { scanf("%lld",&n); for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%lld",&m); for(int i=1;i<=m;i++) { scanf("%lld",&a[i]); q.insert(a[i]); } r=*q.begin(); t=*(--q.end()); printf("%d %d ",r,t); q.erase(q.begin()); q.erase((--q.end())); } return 0; }
不开longlong见祖宗……
这里我用的是multi set啊！主要是利用它能erase一个数，这个还是很方便的；这里要注意r=*q.begin()，其实会想问：哎呀，中间的“ * ”啥意思啊。因为这里的begin或者end操作是取地址的（包括迭代器），所以要使r和t有实际意义的值，就必须加个取值符（ * ），切记切记啊。
另外set和multi set的区间都是左闭右开，所以t=*(--q.end())和q.erase((--q.end()))要把它-1操作，目的是取到它整个数列的最后一位。、
set&&multiset（集合）
这俩有啥区别呢：
set是存入的元素是不能重复的，
multiset是存入的元素是可以重复的。
是不是感觉这两个板特别有用啊，再给几个操作吧：
set <int> s;
s.insert();
s.erase();
s.size();
s.empty();
所以set和multiset是很牛逼的，好好学吧！！！