题目背景
小a和uim来到雨林中探险。突然一阵北风吹来，一片乌云从北部天边急涌过来，还伴着一道道闪电，一阵阵雷声。刹那间，狂风大作，乌云布满了天空，紧接着豆大的雨点从天空中打落下来，只见前方出现了一个披头散发、青面獠牙的怪物，低沉着声音说：“呵呵，既然你们来到这，只能活下来一个！”。小a和他的小伙伴都惊呆了！
题目描述
瞬间，地面上出现了一个n*m的巨幅矩阵，矩阵的每个格子上有一坨0~k不等量的魔液。怪物各给了小a和uim一个魔瓶，说道，你们可以从矩阵的任一个格子开始，每次向右或向下走一步，从任一个格子结束。开始时小a用魔瓶吸收地面上的魔液，下一步由uim吸收，如此交替下去，并且要求最后一步必须由uim吸收。魔瓶只有k的容量，也就是说，如果装了k+1那么魔瓶会被清空成零，如果装了k+2就只剩下1，依次类推。怪物还说道，最后谁的魔瓶装的魔液多，谁就能活下来。小a和uim感情深厚，情同手足，怎能忍心让小伙伴离自己而去呢？沉默片刻，小a灵机一动，如果他俩的魔瓶中魔液一样多，不就都能活下来了吗？小a和他的小伙伴都笑呆了！
现在他想知道他们都能活下来有多少种方法。
输入输出格式
输入格式：
第一行，三个空格隔开的整数n，m，k
接下来n行，m列，表示矩阵每一个的魔液量。同一行的数字用空格隔开。
输出格式：
一个整数，表示方法数。由于可能很大，输出对1 000 000 007取余后的结果。
输入输出样例
输入样例#1：
2 2 3
1 1
1 1
输出样例#1：
4
说明
【题目来源】
lzn改编
【样例解释】
样例解释：四种方案是：(1,1)->(1,2),(1,1)->(2,1),(1,2)->(2,2),(2,1)->(2,2)。
【数据范围】
对于20%的数据，n,m<=10,k<=2
对于50%的数据，n,m<=100,k<=5
对于100%的数据，n,m<=800,1<=k<=15
(Solution:)
OK，此题DP方程可以说是十分巧妙了
每个格子都可以做起点，所以你需要……你什么也不需要，按常规的按方法做，然后把所有格子里的方案数加起来就可以了
再来讲讲DP方程，由于你只能往右、下走，所以只能从上面或左边转移过来。不妨设 (f_{i,j,k}) 为小a走到第 ({i,j}) 号格子，且与uim的魔液量的差为 (k) ；同理，设 (g_{i,j,k,}) 为uim的DP数组，则转移方程为：
//v是最大容量且已经加了1，计算方便
f[i][j][k]=(f[i][j][k]+g[i-1][j][(k-a[i][j]+v)%v])%mod;//从上面转移
f[i][j][k]=(f[i][j][k]+g[i][j-1][(k-a[i][j]+v)%v])%mod;//从左边转移
g[i][j][k]=(g[i][j][k]+f[i-1][j][(k+a[i][j])%v])%mod;//从上面转移
g[i][j][k]=(g[i][j][k]+f[i][j-1][(k+a[i][j])%v])%mod;//从左边转移
另外由于小a可以从任意一格开始，所以只有 (f) 数组要初始化：
//a[i][j]是魔液量，初值为一表示只有一种方案
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
f[i][j][a[i][j]%v]=1;
//此时uim的魔液量为0，所以差值为a[i][j]%v
不多说了，上代码：
#include<bits/stdc++.h>
#define il inline
using namespace std;
const int N=805,mod=1e9+7;
il int read(){
int f=1,w=0;char c=0;
while(!isdigit(c))
{
if(c=='-') f=-1;
c=getchar();
}
while(isdigit(c)) w=w*10+(c^48),c=getchar();
return f*w;
}
int n,m,v,a[N][N],f[N][N][16],g[N][N][16],ans;
void res(int i,int j,int k){
f[i][j][k]=(f[i][j][k]+g[i-1][j][(k-a[i][j]+v)%v])%mod;
f[i][j][k]=(f[i][j][k]+g[i][j-1][(k-a[i][j]+v)%v])%mod;
g[i][j][k]=(g[i][j][k]+f[i-1][j][(k+a[i][j])%v])%mod;
g[i][j][k]=(g[i][j][k]+f[i][j-1][(k+a[i][j])%v])%mod;
}//DP方程
int main(){
n=read(),m=read(),v=read()+1;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
a[i][j]=read(),f[i][j][a[i][j]%v]=1;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
for(int k=0;k<v;k++)
res(i,j,k);
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
ans=(ans+g[i][j][0])%mod;
//由于最后一人必须是uim，所以只要统计g数组
cout<<ans<<endl;
return 0;
}