题面
windy定义了一种windy数。不含前导零且相邻两个数字之差至少为2的正整数被称为windy数。 windy想知道，
在A和B之间，包括A和B，总共有多少个windy数？
输入输出格式
输入格式：
包含两个整数，A B。
输出格式：
一个整数
输入输出样例
输入样例#1：
1 10
输出样例#1：
9
输入样例#2：
25 50
输出样例#2：
20
说明
100%的数据，满足 1 <= A <= B <= 2000000000 。
题解
本题套上一个数位(dp)的板子，定义状态(f[i][j])表示第(i)位为数字(j)时的合法个数
由于本题的约数条件是相邻两位数字之差不小于2(且所有个位数均视为满足条件)，直接套板子肯定有问题，因为我们必须去处理前导零的问题
根据套路的，我们加上一个前导零(lead)
那么每次枚举当前位数字时，判断一下上一位是否受(lead)的限制且当前位是0，是的话就说明这时存在前导0，往后搜索时将pre赋值成-2.然后这样(0-(-2)>=2)
然后将所有不受限制的情况都记忆化一下，最后前缀和思想相减一下就行
代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll dp[15][15],ans;//dp[i][j]表示搜到第i位，前一位是j，的！limit方案totnum；
int a[15],len;
long long L,R;
ll dfs(int pos,int pre,int st,int limit)//pos当前位置,pre前一位数,st判断前面是否全是0,limit最高位限制
{
if(pos>len) return 1;//搜完了
if(!limit&&dp[pos][pre]!=-1) return dp[pos][pre];//没有最高位限制，已经搜过了
ll ret=0;
int res=limit?a[len-pos+1]:9;//当前位最大数字
for(int i=0;i<=res;i++)//从0枚举到最大数字
{
if(abs(i-pre)<2) continue;//不符合题意，继续
if(st&&i==0) ret+=dfs(pos+1,-2,1,limit&&i==res);//如果有前导0，下一位随意
else ret+=dfs(pos+1,i,0,limit&&i==res);//如果没有前导0，继续按部就班地搜
}
if(!limit&&!st) dp[pos][pre]=ret;//没有最高位限制且没有前导0时记录结果
return ret;
}
void part(ll x)
{
len=0;
while(x) a[++len]=x%10,x/=10;
memset(dp,-1,sizeof dp);
ans=dfs(1,-2,1,1);
}
int main()
{
scanf("%lld%lld",&L,&R);
part(L-1);ll minn=ans;
part(R); ll maxx=ans;
printf("%lld",maxx-minn);
return 0;
}