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拿到这道题的一般思路就是直接暴力枚举每一对l,r，再拿l与r的每一个数与p比较，这样就可以O(n^3)（不满）的复杂度获得60分

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,k,p,ans;
struct edge
{
    int c,m;
}a[200005];
inline int read(){
    int x=0,k=1;
    char c=getchar();
    while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')k=-1;c=getchar();}
    while(c>='0'&&c<='9')x=(x<<3)+(x<<1)+(c^48),c=getchar();
    return x*k;
}
#define inf 123456789
int main()
{
    n=read(),k=read(),p=read();
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        a[i].c=read();
        a[i].m=read();
    }
    for(int i=1;i<n;i++)
    {
        for(int j=i+1;j<=n;j++)
        {
        //枚举每一对l和r
            if(a[i].c==a[j].c)
            {
            //如果颜色相等就枚举l，r中的每一个点，小于p就让ans++。
                int minn=inf;
                for(int k=i;k<=j;k++)
                {
                    minn=min(minn,a[k].m);
                }
                //只需要比较最小值与p的大小即可
                if(minn<=p)
                {
                    ans++;
                }
            }
        }
    }
    printf("%d",ans);
    return 0;
}

接着我们再来看看三重循环中的第三重，不难发现，这一冲循环的目的就是维护区间最小值，我们自然的想到了线段树对线段树不了解的同学可以看看我的Blog：

线段树详解

代码并没有什么区别，就是加上了线段树，由于线段树较大的常数，所以还是60分

// luogu-judger-enable-o2
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,k,p,ans;
struct edge
{
    int c,m;
}a[200005];
inline int read(){
    int x=0,k=1;
    char c=getchar();
    while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')k=-1;c=getchar();}
    while(c>='0'&&c<='9')x=(x<<3)+(x<<1)+(c^48),c=getchar();
    return x*k;
}
#define ls (k)<<1
#define rs (k)<<1|1
int mi[800005];
//建树
inline void build(int k,int l,int r)
{
    if(l==r)
    {
        mi[k]=a[l].m;
        return;
    }
    int mid=(l+r)>>1;
    build(ls,l,mid);
    build(rs,mid+1,r);
    mi[k]=min(mi[ls],mi[rs]);
}
#define inf 123456789
//查询区间最小值
inline int find(int k,int l,int r,int ll,int rr)
{
    if(ll<=l&&rr>=r)
    {
        return mi[k];
    }
    int a=inf,b=inf,mid=(l+r)>>1;
    if(mid>=ll)
    {
        a=find(ls,l,mid,ll,rr);
    }
    if(mid<rr)
    {
        b=find(rs,mid+1,r,ll,rr);
    }
    return min(a,b);
}
int main()
{
    n=read(),k=read(),p=read();
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        a[i].c=read(),a[i].m=read();
    }
    build(1,1,n);
    for(int i=1;i<n;i++)
    {
        for(int j=i+1;j<=n;j++)
        {
            if(a[i].c==a[j].c)
            {
            //讲l到r这个区间的最小值与p比较
                if(find(1,1,n,i,j)<=p)
                {
                    ans++;
                }
            }
        }
    }
    printf("%d",ans);
    return 0;
}

那我们怎么拿到100分呢？
我们不难发现，对于一个l，只要找到一个r与其之间有一个小于p的数，那么其他在这个r右侧且与l同色的点肯定都符合要求。那么我们可以进一步的进行优化：先用邻接表处理出每一个颜色的个数，在枚举每个颜色，将所有的颜色都更新，我们只需要找到一个符合条件的r，那我们便可以结束这一层循环。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,k,p,ans,c,m[200005],cnt[55];
inline int read(){
    int x=0,k=1;
    char c=getchar();
    while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')k=-1;c=getchar();}
    while(c>='0'&&c<='9')x=(x<<3)+(x<<1)+(c^48),c=getchar();
    return x*k;
}
#define ls (k)<<1
#define rs (k)<<1|1
int mi[800005];
inline void build(int k,int l,int r)
{
    if(l==r)
    {
        mi[k]=m[l];
        return;
    }
    int mid=(l+r)>>1;
    build(ls,l,mid);
    build(rs,mid+1,r);
    mi[k]=min(mi[ls],mi[rs]);
}
#define inf 123456789
inline int find(int k,int l,int r,int ll,int rr)
{
    if(ll<=l&&rr>=r)
    {
        return mi[k];
    }
    int a=inf,b=inf,mid=(l+r)>>1;
    if(mid>=ll)
    {
        a=find(ls,l,mid,ll,rr);
    }
    if(mid<rr)
    {
        b=find(rs,mid+1,r,ll,rr);
    }
    return min(a,b);
}
vector<int> q[50005];//用邻接表存储每一个颜色的数量
int main()
{
    n=read(),k=read(),p=read();
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        c=read(),m[i]=read();
        q[c].push_back(i);
    }
    build(1,1,n);
    //枚举每一个颜色
    for(int i=0;i<k;i++)
    {
    	//找到该色所有的节点
        for(int l=0;l<q[i].size();l++)
        {
            for(int j=l+1;j<q[i].size();j++)
            {
                int a=q[i][l],b=q[i][j];
                if(a>b)
                {
                    swap(a,b);
                }
                //需要保证a比b小才能进行线段树的查询
                if(find(1,1,n,a,b)<=p)
                {
                //找到了r就可以将右侧全部加入答案
                    ans+=q[i].size()-j;
                    //q[i].size()表示改颜色所有节点个数，-j表示减去前面不合法的r
                    break;
                }
            }
        }
    }
    printf("%d",ans);
    return 0;
}