10.14 模拟考试

10.14 模拟考试 题解报告

目录

• 10.14 模拟考试 题解报告
  • 扯
  • 考试过程
  • 得分情况
  • 题解
    • T1 加加减减
    • T2 英文分词
    • T3 内需消费

扯

水题模拟赛

T2 的数据真的...

显然没有什么需要整理的

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考试过程

读完题发现好像不是特别难的亚子...

然后 T1

写 写完过不了样例 然后就调 写过了样例之后写暴力 然后写对拍

然后就拍 然后就挂了 然后再调 再拍 再挂...

然后一个小时就没了

理了一下思路 重构代码 然后把对拍挂上 开 T2

想法比较暴力 直接把所有串丢到 Trie 树里面 然后 dfs 大力迭代

半个小时过样例直接跑路

T3 的部分分可以直接暴力 dp

dp 数组是一个 01 的形式 然后尝试构造矩阵 发现确实可以

然后就大力线段树维护矩阵乘

码 调 写了个对拍拍上

又回头自己卡了一下 T2 差不多就三个小时多了

虽然最后 T2 还是没过

T2 最后一个点被构造的数据卡掉了 当时看到这数据的时候蛮惊讶的

大概是这么个情况

看到后面那个 0 KB 大概就知道事情不大对...

读入大概是这样的

然后就被那一个 b 卡没了 dfs 迭代的时候接近跑满...

后来又试了一下 好像把那个 b 删了也跑不过去 但那就是数据的问题了

再然后就是这组输入是没有输出的... 所以如果在 dfs 的时候卡一下时也能过

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得分情况

100 + 90 + 100 = 290

差了亿点点...

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题解

钟神的题当然没有题解

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T1 加加减减

手玩一下数据的话 大概可以发现如果将数组从小到大的话 存在一个分界线 左边全是加 右边全是减 当然这个分界线有可能在两端

全加和全减没什么区别 答案都是原数组最大减最小

再枚举分界线的位置 看一下两边是否分别成为最大值或最小值 更新答案即可

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代码

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T2 英文分词

_ 的字典序是比字母小的 所以能插的尽量插

把所以串丢到 Trie 里面 然后通过 dfs 进行匹配 贪心的匹配即可

然后这个方法会被最后一个构造的数据卡掉...

卡掉的原因是因为超时 而最后一个点的数据又没有输出

这就启示了对算法的优化:

直接面向数据进行卡时 TLE 之前退出这个点就可以过啦 反正这个点也没有输出(雾

其实个人感觉这样做是没什么问题的

因为原题中有这样的一句话

匹配的代码是这样的

void dfs(int x) {
	if(x == m + 1)
	{
		if(!top) return ;
		int l = 0;
		for(int i = 1; i < top; ++i)
		{
			for(int j = l + 1; j <= st[i]; ++j)
				putchar(s[j]);
			putchar('_'); l = st[i];
		}
		for(int j = l + 1; j <= st[top]; ++j) putchar(s[j]); pn;
		return ;
	}
	for(int p = 0, i = x; ; ++i)
	{
		int k = s[i] - 96;
		if(!t[p][k]) return ;
		p = t[p][k];
		if(ed[p])
		{
			st[++top] = i;
			dfs(i + 1);
			--top;
		}
	}
}

贪心的匹配 匹配成功之后标记这个位置 继续匹配下一个位置

卡掉的原因从上面那组数据中也能看出来 几乎每个字符都可以进行匹配 迭代次数太多

复杂度差不多能到 (O(2^{|T|})) 这里的 (T) 是文本串

那为什么直接卡时不输出呢 因为这个数据如果有输出的话 仅输出就会超时 可行的情况实在太多了

所以能够正常输出的量级卡不掉这个迭代 能卡掉的就没有输出了

当然不排除有这里没想到的数据 但是就算有的话应该也比较难构造

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代码

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T3 内需消费

首先有一个比较显然的 (dp)

设 (f_{i, 0/1}) 表示到 (i) 位置 手中是否有物品的最大价值

转移考虑买入或卖出

[f_{i, 0} = max(f_{i - 1, 0}, f_{i - 1, 1} + a_i)\ f_{i, 1} = max(f_{i - 1, 0} - a_i, f_{i - 1, 1}) ]

暴力的话直接每次询问 (dp) 一遍 (l leq r) 的时候从左向右进行 (dp) 否则从右向左进行 (dp)

然后这个是需要带修的 考虑能不能通过矩阵乘法进行转移 矩阵也不难构造

定义矩阵运算符 (oplus) :

[C_{i, j} = min_{k = 1}^nleft(A_{i, k} + B_{k, j} ight) ]

有:

[egin{vmatrix} f_{i - 1, 0} & f_{i - 1, 1}end{vmatrix} oplus egin{vmatrix} 0 & -a_i\a_i & 0 end{vmatrix} = egin{vmatrix} f_{i, 0} & f_{i, 1} end{vmatrix} ]

直接上线段树 维护广义矩阵乘

修改就是单点修改 查询就是区间求和

正反各维护一遍即可

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代码

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