ZZUOJ 10509: xor运算统计

题目链接：http://acm.zzu.edu.cn:8000/problem.php?id=10509

题目大意：给定n个正整数，a1 a2 ... an，从中选取k个数 , ai1 ai2 ai3 ... Aik,其中（1<=i1<i2<i3<...<ik<=n）,u=ai1 ^ai2 ^ai3 ^... ^Aik,将异或和为u 的序列（i1,i2,...,ik）的个数记为f（u），求∑(f(u)*u) （枚举u从1到正无穷） ,由于数值可能非常大，输出对1000000007 取模后的余数（即结果mod 1000000007）。

解题思路：由于ai < 1e6，所以ai的二进制位最多有20位。对每一位来说，假设这一位有xi个1，那么如果要使这一位为1，只需要从xi中选出来奇数个1（假设有k1个），从n-xi中选出来剩余n-k1个零，而这样子的选择方案共有C(xi,1)C(n-xi, k - 1) + C(xi,3)C(n-xi, k - 3) + …… .现在来考虑这样子如何计算结果，假设现在有四个数1 2 3 7，对应二进制001,010,011,111，从中选k=3个数，那么所有结果总共有

1^2^3 = 0, 1^2^7 = 4, 1^3^7 = 5, 2^3^7 = 6四个。那么显然答案应当是4+5+6。现在将4 5 6这三个数的二进制展开，得到：

4 = 0x1 + 0x2 + 1x4

5 = 1x1 + 0x2 + 1x4

6 = 0x1 + 2x1 + 1x4

到这儿大概已经能够发现，只需要将每一位可选的方案数目乘以其对应的2的幂，最后求和即是要求的答案。

大致过程：扩展gcd求逆元并记录1~1e6的逆元；对于每个xi，使用组合数递推公式C(n,k) = C(n, k - 1) * (n - k + 1) / k 求xi以及n-xi的组合数值，复杂度O(n)；最后累加求和即是答案。

代码：

 1 const int maxn = 1e5 + 5;
 2 ll c[maxn], c1[maxn], inv[maxn];
 3 int n, k;
 4 int ti[20], a1[maxn];
 5 
 6 void ext_gcd(ll a, ll b, ll &d, ll &x, ll &y){
 7     if(b == 0){
 8         d = a; x = 1; y = 0;
 9     }
10     else{
11         ext_gcd(b, a % b, d, y, x); 
12         y -= x * (a / b);
13     }
14 }
15 int modinv(ll a){
16     ll x, y, d;
17     ext_gcd(a, -mod, d, x, y);
18     if(d < 0) x = -x;
19     return (x + mod) % mod;
20 }
21 void getinv(){
22     for(int i = 2; i <= 1e5; i++)
23         inv[i] = modinv(i);
24 }
25 void getcom(int x){
26     c[0] = c1[0] = 1; c[1] = x; c1[1] = n - x;
27     for(int i = 2; i <= x; i++) 
28         c[i] = c[i - 1] % mod * (x - i + 1) % mod * inv[i] % mod;
29     for(int i = 2; i <= n - x; i++)
30         c1[i] = c1[i - 1] % mod * (n - x - i + 1) % mod * inv[i] % mod;
31 }
32 void solve(){
33     getinv();
34     memset(ti, 0, sizeof(ti));
35     int mxcnt = 0;
36     for(int i = 1; i <= n; i++){
37         int x = a1[i], cnt = 0;
38         while(x){
39             ti[cnt++] += (x & 1);
40             x >>= 1;
41         }
42         mxcnt = max(mxcnt, cnt);
43     }
44     ll ans = 0;
45     for(int i = 0; i <= mxcnt; i++){
46         int x = ti[i], tm = 1 << i;
47         getcom(x);
48         for(int i = 1; i <= k; i += 2){
49             if(k - i > n - x || i > x) continue;
50             ans = ans + c[i] % mod * c1[k - i] % mod * tm % mod;
51             ans %= mod;
52         }
53     }
54     printf("%lld
", ans);
55 }
56 int main(){
57     scanf("%d %d", &n, &k);
58     for(int i = 1; i <= n; i++)
59         scanf("%d", &a1[i]);
60     solve();
61 }

题目：

10509: xor运算统计

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Description

给定n个正整数，a1 a2 ... an，从中选取k个数 , ai1 ai2 ai3 ... Aik,其中（1<=i1<i2<i3<...<ik<=n）,u=ai1 ^ai2 ^ai3 ^... ^Aik,将异或和为u 的序列（i1,i2,...,ik）的个数记为f（u），求∑(f(u)*u) （枚举u从1到正无穷） ,由于数值可能非常大，输出对1000000007 取模后的余数（即结果mod 1000000007）。

Input

第一行两个整数n和k (1<=n,k<=10^5)

第二行n个整数，表示a1 a2 ... An. (0<=ai<=10^6)

Output

输出一行一个整数,表示最后的答案.

Sample Input

4 2
1 1 2 3

Sample Output

HINT

Source

JXD