QTREE6

QTREE6 - Query on a tree VI

题目描述

给你一棵(n)个点的树，编号(1)~(n)。每个点可以是黑色，可以是白色。初始时所有点都是黑色。下面有两种操作请你操作给我们看：

0 u：询问有多少个节点v满足路径u到v上所有节点（包括）都拥有相同的颜色
1 u：翻转u的颜色

输入格式

一行一个整数(n)

接下来(n-1)行，每行两个整数表示一条边

接下来一行一个整数(m)表示操作次数

接下来(m)行，每行两个整数分别表示操作类型和被操作节点

输出格式

对每个询问操作输出相应的结果

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暴力分两棵树LCT维护会菊花树卡。

考虑把点权放到边上，这样的好处是当维护联通性时，只会改一条边。

把树搞成两颗，分别用LCT维护，一个点在激活在对应颜色的树的头顶边。

我们要资瓷询问子树信息，维护方法可以先做“大融合”

然后发现为了维护树的形态，我们不可以进行换根。

那么就要根据修改的形式自己yy(link,cat,qurey)那些东西了。

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Code:

#include <cstdio>
#include <cstring>
const int N=502;
int head[N],to[N<<1],Next[N<<1],cnt;
void add(int u,int v)
{
    to[++cnt]=v,Next[cnt]=head[u],head[u]=cnt;
}
int dp[N][2];
int max(int x,int y){return x>y?x:y;}
void dfs(int now,int fa,int da,int db)
{
    int s1=0,s2=-N,ison=0;
    for(int v,i=head[now];i;i=Next[i])
        if((v=to[i])!=fa)
        {
            dfs(v,now,da,db);
            s1+=max(dp[v][0],dp[v][1]);
            ison=1;
        }
    for(int v,i=head[now];i;i=Next[i])
        if((v=to[i])!=fa)
            s2=max(s2,s1-max(dp[v][0],dp[v][1])+dp[v][0]);
    dp[now][0]=s1,dp[now][1]=s2+ison;
    if(now==da||now==db) dp[now][1]=dp[now][0],dp[now][0]=-N;
}
int cal(int a,int b)
{
    memset(dp,0,sizeof(dp));
    dfs(1,0,a,b);
    return max(dp[1][0],dp[1][1])+(a>0);
}
int n;
int main()
{
    scanf("%d",&n);
    for(int u,v,i=1;i<n;i++)
    {
        scanf("%d%d",&u,&v);
        add(u,v),add(v,u);
    }
    int a=cal(0,0),ans=0;
    for(int i=1;i<=n;i++)
        for(int j=i+1;j<=n;j++)
        {
            int d=cal(i,j);
            if(d==a+1)
                ++ans;
        }
    printf("%d
",ans);
    return 0;
}

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2018.12.8