洛谷 P1462 通往奥格瑞玛的道路 解题报告

P1462 通往奥格瑞玛的道路

题目背景

在艾泽拉斯大陆上有一位名叫歪嘴哦的神奇术士，他是部落的中坚力量

有一天他醒来后发现自己居然到了联盟的主城暴风城

在被众多联盟的士兵攻击后，他决定逃回自己的家乡奥格瑞玛

题目描述

在艾泽拉斯，有(n)个城市。编号为(1,2,3,...,n)。

城市之间有(m)条双向的公路，连接着两个城市，从某个城市到另一个城市，会遭到联盟的攻击，进而损失一定的血量。

每次经过一个城市，都会被收取一定的过路费（包括起点和终点）。路上并没有收费站。

假设(1)为暴风城，(n)为奥格瑞玛，而他的血量最多为(b)，出发时他的血量是满的。

歪嘴哦不希望花很多钱，他想知道，在可以到达奥格瑞玛的情况下，他所经过的所有城市中最多的一次收取的费用的最小值是多少。

输入输出格式

输入格式：

第一行3个正整数，(n)，(m)，(b)。分别表示有(n)个城市，(m)条公路，歪嘴哦的血量为(b)。

接下来有(n)行，每行(1)个正整数，(f_i)。表示经过城市(i)，需要交费(f_i)元。

再接下来有(m)行，每行3个正整数，(a_i)，(b_i)，(c_i) ((1<=a_i,b_i<=n))。表示城市(a_i)和城市(b_i)之间有一条公路，如果从城市(a_i)到城市(b_i)，或者从城市(b_i)到城市(a_i)，会损失(c_i)的血量。

输出格式：

仅一个整数，表示歪嘴哦交费最多的一次的最小值。

如果他无法到达奥格瑞玛，输出(AFK)。

说明

对于60%的数据，满足(n≤200，m≤10000，b≤200)

对于100%的数据，满足(n≤10000，m≤50000，b≤1000000000)

对于100%的数据，满足(c_i≤1000000000)，(f_i≤1000000000)，可能有两条边连接着相同的城市。

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首先读懂题：他所经过的所有城市中 最多的一次收取的费用 的最小值是多少。

意思就是他可能选择的某条路上有一个点，要交的保护费是所有中最多的。

他要选一条路，让这个最多的保护费最小。

很明显的二分答案的特征吧？

每次比(mid)(二分的保护费)大的边删掉

而损失血量其实就是边权，跑最短路即可

不过题目有点没说清楚，如果刚好没血了到的是不算数的，有点坑。

另外有一点，最好开(long) (long)，不开的话，要控制不爆可能有点点难搞（(0x3f)比十亿稍稍大一点）

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说一下自己智障的错误吧。。

1. 前向星开边只开了(50000)个点，刚从(vector)转过来没有意识到双向边要开两倍。
2. 忘记输出(AFK)了（这样的错误也能犯啊...）
3. 二分时先把保护费排了个序离散，然后，然后我们就没管它了啊！！！（哭...呜呜呜）

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code

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
#define ll long long
using namespace std;
const int N=10002;
const int M=100002;
ll max(ll x,ll y) {return x>y?x:y;}
ll min(ll x,ll y) {return x<y?x:y;}
struct Edge
{
     ll to,next,w;
}edge[M];
ll head[N],cnt=0;
ll n,m,b,f[N],f0[N];
void add(ll u,ll v,ll w)
{
    edge[++cnt].next=head[u];
    edge[cnt].to=v;
    edge[cnt].w=w;
    head[u]=cnt;
}
ll read()
{
    ll x=0;char c=getchar();
    while(c<'0'||c>'9') c=getchar();
    while(c>='0'&&c<='9') {x=x*10+c-'0';c=getchar();}
    return x;
}
queue <int > q;
ll vis[N],dis[N];
bool check(ll c)
{
    memset(vis,0,sizeof(vis));
    memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
    vis[1]=1,dis[1]=0;
    q.push(1);
    while(!q.empty())
    {
        int u=q.front();
        vis[u]=0;
        q.pop();
        for(int i=head[u];i;i=edge[i].next)
        {
            int v=edge[i].to,w=edge[i].w;
            if(dis[v]>dis[u]+w&&f[v]<=c)
            {
                dis[v]=dis[u]+w;
                if(!vis[v])
                {
                    vis[v]=1;
                    q.push(v);
                }
            }
        }
    }
    if(b<=dis[n]) return false;
    return true;
}

int main()
{
    n=read(),m=read(),b=read();
    for(int i=1;i<=n;i++) f[i]=read(),f0[i]=f[i];
    sort(f0+1,f0+1+n);
    ll u,v,w;
    for(int i=1;i<=m;i++)
    {
        u=read(),v=read(),w=read();
        add(u,v,w),add(v,u,w);
    }
    ll l=1,r=n;
    if(!check(f0[r])) {printf("AFK
");return 0;}
    while(l<r)
    {
        int mid=l+r>>1;
        if(check(f0[mid]))
            r=mid;
        else
            l=mid+1;
    }
    printf("%lld
",f0[l]);
    return 0;
}

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2018.5.13