[FJOI2014]最短路径树问题
题目描述
给一个包含(n)个点，(m)条边的无向连通图。从顶点(1)出发，往其余所有点分别走一次并返回。
往某一个点走时，选择总长度最短的路径走。若有多条长度最短的路径，则选择经过的顶点序列字典序最小的那条路径(如路径(A)为(1,32,11)，路径(B)为(1,3,2,11)，路径(B)字典序较小。注意是序列的字典序的最小，而非路径中节点编号相连的字符串字典序最小)。到达该点后按原路返回，然后往其他点走，直到所有点都走过。
可以知道，经过的边会构成一棵最短路径树。请问，在这棵最短路径树上，最长的包含(K)个点的简单路径长度为多长？长度为该最长长度的不同路径有多少条？
这里的简单路径是指：对于一个点最多只经过一次的路径。不同路径是指路径两端端点至少有一个不同，点(A)到点(B)的路径和点(B)到点(A)视为同一条路径。
输入输出格式
输入格式：
第一行输入三个正整数(n),(m),(K)，表示有(n)个点(m)条边，要求的路径需要经过(K)个点。
接下来输入(m)行，每行三个正整数(A_i,B_i,C_i(1le A_i,B_ile n,1 le C_ile10000))，表示(A_i)和(B_i)间有一条长度为(C_i)的边。
数据保证输入的是连通的无向图。
输出格式：
输出一行两个整数，以一个空格隔开，第一个整数表示包含(K)个点的路径最长为多长，第二个整数表示这样的不同的最长路径有多少条。
说明
对于所有数据(nle30000,mle60000)，(2le Kle n)。
数据保证最短路径树上至少存在一条长度为K的路径。
Solution
第二自然段的题意我现在都没弄懂。
用我的理解就是先保证最短路，然后保证连边的编号的字典序是最小的。
这个可以先把最短路图跑出来，然后对每个点的出边排序，从(1)开始跑(DFS)，边跑边连边。
然后就是淀粉质了。
吐槽题意+强行拼题+写起来不爽（不是为了了解一下最短路树我才不写呢）
复杂度(O(nlogn))
Code:
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
const int N=3e4+10;
struct Edge
{
int v,w;
bool friend operator <(Edge n1,Edge n2){return n1.v<n2.v;}
}t;
std::vector <Edge> e[N],e0[N];
int n,m,k;
const int inf=0x3f3f3f3f;
#define P std::pair <int,int>
std::priority_queue <P,std::vector <P >,std::greater <P> > q;
int dis[N],used[N];
int head[N],to[N<<1],edge[N<<1],Next[N<<1],cnt;
void add(int u,int v,int w)
{
to[++cnt]=v,Next[cnt]=head[u],edge[cnt]=w,head[u]=cnt;
}
void disj()
{
memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
q.push(std::make_pair(dis[1]=0,1));
while(!q.empty())
{
int u=q.top().second;
q.pop();
if(used[u]) continue;
used[u]=1;
for(int i=0;i<e[u].size();i++)
{
int v=e[u][i].v,w=e[u][i].w;
if(dis[v]>dis[u]+w)
{
dis[v]=dis[u]+w;
q.push(std::make_pair(dis[v],v));
}
}
}
memset(used,0,sizeof(used));
}
void dfsbuild(int now)
{
used[now]=1;
for(int i=0;i<e0[now].size();i++)
{
int v=e0[now][i].v,w=e0[now][i].w;
if(!used[v])
{
add(now,v,w);
add(v,now,w);
dfsbuild(v);
}
}
}
void build()
{
for(int u=1;u<=n;u++)
{
for(int i=0;i<e[u].size();i++)
{
int v=e[u][i].v,w=e[u][i].w;
if(dis[v]==dis[u]+w)
t={v,w},e0[u].push_back(t);
}
std::sort(e0[u].begin(),e0[u].end());
}
dfsbuild(1);
}
int ans,siz[N],rt,mi,mxlen[N],mx,del[N],td[N],tmxlen[N],scnt[N],tcnt[N];
int max(int x,int y){return x>y?x:y;}
void dfsroot(int now,int fa,int sz)
{
siz[now]=1;
int mx0=0;
for(int i=head[now];i;i=Next[i])
{
int v=to[i];
if(v==fa||del[v]) continue;
dfsroot(v,now,sz);
mx0=max(mx0,siz[v]);
siz[now]+=siz[v];
}
mx0=max(mx0,sz-siz[now]);
if(mx0<mi) mi=mx0,rt=now;
}
void dfs(int now,int fa,int dis,int dep)
{
if(dep>k) return;
if(mx<dis+mxlen[k-dep])
{
mx=dis+mxlen[k-dep];
ans=scnt[k-dep];
}
else if(mx==dis+mxlen[k-dep])
ans+=scnt[k-dep];
for(int i=head[now];i;i=Next[i])
{
int v=to[i];
if(v==fa||del[v]) continue;
dfs(v,now,dis+edge[i],dep+1);
}
if(tmxlen[dep]<dis)
{
tmxlen[dep]=dis;
tcnt[dep]=1;
}
else if(tmxlen[dep]==dis)
tcnt[dep]++;
}
void dfz(int now,int sz)
{
mi=1<<30;
dfsroot(now,0,sz);
now=rt;
del[now]=1;
for(int i=head[now];i;i=Next[i])
{
int v=to[i];
if(del[v]) continue;
dfs(v,now,edge[i],1);
for(int j=1;tmxlen[j]!=-inf;j++)
{
if(tmxlen[j]>mxlen[j])
{
scnt[j]=tcnt[j];
mxlen[j]=tmxlen[j];
}
else if(tmxlen[j]==mxlen[j])
scnt[j]+=tcnt[j];
tcnt[j]=0,tmxlen[j]=-inf;
}
}
if(mx<mxlen[k]) ans=scnt[k],mx=mxlen[k];
else if(mx==mxlen[k]) ans+=scnt[k];
for(int i=1;mxlen[i]!=-inf;i++) mxlen[i]=-inf;
for(int i=head[now];i;i=Next[i])
if(!del[to[i]])
dfz(to[i],siz[to[i]]);
}
int main()
{
//freopen("data.in","r",stdin);
//freopen("wr.out","w",stdout);
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
for(int u,v,w,i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
t={v,w};
e[u].push_back(t);
t={u,w};
e[v].push_back(t);
}
disj();
build();
--k;
for(int i=0;i<=k+1;i++)
tmxlen[i]=mxlen[i]=-inf;
dfz(1,n);
printf("%d %d
",mx,ans);
return 0;
}
2018.10.22