C. Tokitsukaze and Discard Items
题意：
给定一个1-n的序列 将其分成多份每份k个数 有m个特殊数字（预先给出） 每次可以删除最左边的包含特殊数字的那份 的所有特殊数字 这为一次操作 该操作后后面的数字均前移 问多少次操作能删除所有的特殊数字
比赛的时候做了半天 强行模拟即可
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; //input by bxd #define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++) #define repp(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);--i) #define RI(n) scanf("%d",&(n)) #define RII(n,m) scanf("%d%d",&n,&m) #define RIII(n,m,k) scanf("%d%d%d",&n,&m,&k) #define RS(s) scanf("%s",s); #define ll long long #define see(x) (cerr<<(#x)<<'='<<(x)<<endl) #define pb push_back #define inf 0x3f3f3f3f #define CLR(A,v) memset(A,v,sizeof A) #define lson l,m,pos<<1 #define rson m+1,r,pos<<1|1 typedef pair<int,int>pii; ////////////////////////////////// const int N=1e5+5; ll n,k,m; ll a[N],ans=0; int main() { cin>>n>>m>>k; rep(i,1,m)scanf("%lld",&a[i]); int pos=1;ll now=0,d=0,cnt;//now 表示前面删除了多少个数字 while(pos<=m) { cnt=(a[pos]-now-1)/k;d=0; while( (a[pos]-now-1)/k==cnt &&pos<=m) { pos++;d++; } ans++; now+=d; } cout<<ans; return 0; }
D. Tokitsukaze, CSL and Stone Game
题意：有多堆石头 每堆有ai个石头
每次没人可以选择一个非空堆取一个石头
如果没石头可以取 或者取完以后存在两堆石头个数一样 那么就输了
大体的思想是 很显然 大的数不可能越过比他小的数（也就是不可能别的比他小的数小） 所以最后肯定是0-n-1的阶梯排序
还要特判一下其他特殊情况就行了
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; //input by bxd #define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++) #define repp(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);--i) #define RI(n) scanf("%d",&(n)) #define RII(n,m) scanf("%d%d",&n,&m) #define RIII(n,m,k) scanf("%d%d%d",&n,&m,&k) #define RS(s) scanf("%s",s); #define ll long long #define see(x) (cerr<<(#x)<<'='<<(x)<<endl) #define pb push_back #define inf 0x3f3f3f3f #define CLR(A,v) memset(A,v,sizeof A) #define lson l,m,pos<<1 #define rson m+1,r,pos<<1|1 typedef pair<int,int>pii; ////////////////////////////////// const int N=1e5+5; int n; ll a[N]; map<int,int>mp; int main() { RI(n); rep(i,1,n) scanf("%d",&a[i]); sort(a+1,a+1+n); ll cnt=0; int ok=1; rep(i,1,n) { mp[a[i]]++; if(mp[a[i]]>2)return puts("cslnb"),0; if(mp[a[i]]==2) { if(ok)ok=0; else return puts("cslnb"),0; } } if(a[1]==a[2]&&a[1]==0)return puts("cslnb"),0; rep(i,1,n) if(mp[a[i]]==2&&mp[a[i]-1])return puts("cslnb"),0; rep(i,1,n) cnt+=a[i]-i+1; if(cnt%2==0) printf("cslnb"); else printf("sjfnb"); return 0; }
E
题意：有长度为n的01序列 每次可以选择连续的k段 将其改成0或1 如果某人将序列修改成全部一样 那么就赢了 如果没有结果 输出once again
如果先手的人第一次取不能赢 他就不可能赢了 （因为另一个人不傻 为了保证自己不输甚至可以将第一个取的操作反向一下 就可以拖住了）
如果第一个人无论怎么取 第二个人取的时候都能赢 那么第二个人赢 （因为第一个人当知道自己不可能赢的时候 肯定想法设法阻挠第二个人赢 当无论怎么取第二人都赢的时候就没辙了）
剩下就是 没有结果了
//#pragma comment(linker, "/STACK:102400000,102400000") #include "bits/stdc++.h" #define pb push_back #define ls l,m,now<<1 #define rs m+1,r,now<<1|1 #define hhh printf("hhh ") #define see(x) (cerr<<(#x)<<'='<<(x)<<endl) using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int,int> pr; inline int read() { int x=0; char c=getchar(); while(c<'0'||c>'9') c=getchar(); while(c>='0'&&c<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+c-'0', c=getchar(); return x; } const int maxn = 2e5+10; const int mod = 1e9+7; const double eps = 1e-9; int n, k; string l; int main() { //ios::sync_with_stdio(false); n=read(), k=read(); cin>>l; int l1=1, l2=1; for(int i=1; i<n&&l[i]==l[i-1]; ++i, ++l1); for(int i=n-2; i>=0&&l[i]==l[i+1]; --i, ++l2); if(l1>=n-k||l2>=n-k||(l1+l2>=n-k&&l[0]==l[n-1])) printf("tokitsukaze"); else if(l1==n-k-1&&l2==n-k-1&&l[0]!=l[n-1]&&k>=(n+1)/2) printf("quailty"); else printf("once again"); }
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int MAXN=1000005; int n,k,T; int a[MAXN],sum[MAXN]; int q_sum(int l,int r) { if(l>r)return 0; return sum[r]-sum[l-1]; } bool check_fir() { for(int i=1;i+k-1<=n;++i) { int lala=q_sum(1,i-1)+q_sum(i+k,n); if(lala==0||lala+k==n)return true; } return false; } bool check_sec() { if(k*2<n||k==1)return false; int len=n-k-1; for(int i=2;i<=len;++i) { if(a[i]!=a[i-1]||a[n-i+1]!=a[n-i+2])return false; } if(a[len]==a[len+1]||a[n-len]==a[n-len+1]||a[1]==a[n])return false; return true; } int main() { scanf("%d %d",&n,&k); for(int i=1;i<=n;++i) { scanf("%1d",&a[i]); sum[i]=sum[i-1]+a[i]; } if(check_fir()) { printf("tokitsukaze "); } else { if(check_sec()) { printf("quailty "); } else { printf("once again "); } } return 0; }
F
题意：
给定平面上的一些点 可以用U形将点包裹住 （u形任意 ） 问有多少种包裹方法（包裹不同点集 算不同方法)
首先先离散化 从最上面开始扫描 判断贡献即可 每个点往右边 和左边 判断贡献 贡献为左右区间相乘
非常好的一题
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; //input by bxd #define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++) #define repp(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);--i) #define RI(n) scanf("%d",&(n)) #define RII(n,m) scanf("%d%d",&n,&m) #define RIII(n,m,k) scanf("%d%d%d",&n,&m,&k) #define RS(s) scanf("%s",s) #define ll long long #define see(x) (cerr<<(#x)<<'='<<(x)<<endl) #define pb push_back #define inf 0x3f3f3f3f #define CLR(A,v) memset(A,v,sizeof A) #define lson l,m,pos<<1 #define rson m+1,r,pos<<1|1 typedef pair<int,int>pii; ////////////////////////////////// const int N=2e5+5; int table[N],x[N],y[N],nx,ny,n; void lisan(int *x,int &nx) { rep(i,1,n)table[i]=x[i]; sort(table+1,table+1+n); nx=unique(table+1,table+1+n)-table; rep(i,1,n) x[i]=lower_bound(table+1,table+nx,x[i])-table;//注意加nx即可 不需要nx+1 } vector<int>v[N]; int t[N],vis[N]; void add(int x) { for(;x<=nx;x+=x&-x)t[x]++; } int qsum(int x) { int ans=0;for( ;x;x-=x&-x )ans+=t[x];return ans; } struct node { int x,y; }s[N]; bool cmp4(node a,node b) { return a.y>b.y||a.y==b.y&&a.x<b.x; } int main() { RI(n); rep(i,1,n)RII(x[i],y[i]); lisan(x,nx);lisan(y,ny); rep(i,1,n)s[i].x=x[i],s[i].y=y[i]; sort(s+1,s+1+n,cmp4); int k=1;ll ans=0; nx--;ny--; repp(i,ny,1) { for(;k<=n&&s[k].y==i;k++ ) { v[i].push_back(s[k].x); if(!vis[s[k].x])vis[s[k].x]=1,add(s[k].x); } sort(v[i].begin(),v[i].end()); for(int j=0;j<v[i].size();j++) { int p=0; if(j)p=qsum(v[i][j-1]); int l=qsum(v[i][j])-p; int r=qsum(nx)-qsum(v[i][j])+1; ans+=1ll*l*r; } } cout<<ans; return 0; }