首先，题目所求为$$n imes 2^{C_{n-1}^2}sum_{i=0}^{n-1}C_{n-1}^ii^k$$
即对于每个点(i)，枚举它的度数，然后计算方案。因为有(n)个点，且关于某个点连边的时候剩下的边都可以随便连，所以有前面的两个常数
所以真正要计算的是$$sum_{i=0}^{n-1}C_{n-1}^ii^k$$
根据第二类斯特林数的性质，有$$i^k=sum_{j=0}^iS(k,j) imes j! imes C_i^j$$
然后带入，得$$sum_{i=0}^{n-1}C_{n-1}^isum_{j=0}^iS(k,j) imes j! imes C_i^j$$
把(j)提到前面来$$sum_{j=0}^{n-1}j! imes S(k,j)sum_{i=j}^{n-1}C_{n-1}^iC_i^j$$
后面那个(sum_{i=j}^{n-1}C_{n-1}^iC_i^j)，可以理解为从(n-1)个数中选(i)个，再从这(i)个中选(j)个的方案数，等价于这(j)个必选，剩下的(n-1-i)个可选可不选，于是有$$sum_{j=0}^{n-1}j! imes S(k,j) imes C_{n-1}^j imes 2^{n-j-1}$$
[sum_{j=0}^{n-1}S(k,j) imes frac{(n-1)!}{(n-1-j)!} imes 2^{n-j-1}
]
然后因为第二类斯特林数的通项公式为$$S(n,m)=frac{1}{m!}sum_{k=0}^{m}(-1)^kC(m,k)(m-k)^n$$
[S(n,m)=sum_{k=0}^{m}frac{(-1)^k}{k!}frac{(m-k)^n}{(m-k)!}
]
于是第二类斯特林数也能表示成卷积的形式，对于(S(k,j))，当(j>k)时恒为(0)，所以只要计算到(k)位置即可。预处理出第二类斯特林数，然后更新答案，复杂度为(O(klog k))
//minamoto
#include<bits/stdc++.h>
#define R register
#define ll long long
#define fp(i,a,b) for(R int i=a,I=b+1;i<I;++i)
#define fd(i,a,b) for(R int i=a,I=b-1;i>I;--i)
#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].v;i;i=e[i].nx,v=e[i].v)
using namespace std;
char buf[1<<21],*p1=buf,*p2=buf;
inline char getc(){return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;}
int read(){
R int res,f=1;R char ch;
while((ch=getc())>'9'||ch<'0')(ch=='-')&&(f=-1);
for(res=ch-'0';(ch=getc())>='0'&&ch<='9';res=res*10+ch-'0');
return res*f;
}
char sr[1<<21],z[20];int C=-1,Z=0;
inline void Ot(){fwrite(sr,1,C+1,stdout),C=-1;}
void print(R int x){
if(C>1<<20)Ot();if(x<0)sr[++C]='-',x=-x;
while(z[++Z]=x%10+48,x/=10);
while(sr[++C]=z[Z],--Z);sr[++C]='
';
}
const int N=6e5+5,P=998244353,Gi=332748118;
inline int add(R int x,R int y){return x+y>=P?x+y-P:x+y;}
inline int dec(R int x,R int y){return x-y<0?x-y+P:x-y;}
inline int mul(R int x,R int y){return 1ll*x*y-1ll*x*y/P*P;}
int ksm(R int x,R ll y){
R int res=1;
for(;y;y>>=1,x=mul(x,x))if(y&1)res=mul(res,x);
return res;
}
int A[N],B[N],O[N],r[N],S[N],fac[N],inv[N];
int n,m,lim,l,k,ans;
void NTT(int *A,int ty){
fp(i,0,lim-1)if(i<r[i])swap(A[i],A[r[i]]);
for(R int mid=1;mid<lim;mid<<=1){
R int I=(mid<<1),Wn=ksm(ty==1?3:Gi,(P-1)/I);O[0]=1;
fp(i,1,mid-1)O[i]=mul(O[i-1],Wn);
for(R int j=0;j<lim;j+=I)fp(k,0,mid-1){
int x=A[j+k],y=mul(O[k],A[j+k+mid]);
A[j+k]=add(x,y),A[j+k+mid]=dec(x,y);
}
}if(ty==-1)for(R int i=0,inv=ksm(lim,P-2);i<lim;++i)A[i]=mul(A[i],inv);
}
int main(){
// freopen("testdata.in","r",stdin);
n=read(),k=read();
fac[0]=inv[0]=1;
fp(i,1,k)fac[i]=mul(fac[i-1],i);
inv[k]=ksm(fac[k],P-2);fd(i,k-1,1)inv[i]=mul(inv[i+1],i+1);
fp(i,0,k){
A[i]=i&1?P-inv[i]:inv[i];
B[i]=mul(ksm(i,k),inv[i]);
}lim=1;while(lim<=k+k)lim<<=1,++l;
fp(i,0,lim-1)r[i]=(r[i>>1]>>1)|((i&1)<<(l-1));
NTT(A,1),NTT(B,1);
fp(i,0,lim-1)A[i]=mul(A[i],B[i]);
NTT(A,-1);
fp(i,0,k)S[i]=A[i];
int inv2=ksm(2,P-2);
for(R int i=0,j=ksm(2,n-1),p=1;i<=min(n-1,k);++i){
ans=add(ans,1ll*S[i]*j%P*p%P);
j=mul(j,inv2),p=mul(p,n-i-1);
}
ans=mul(ans,n),ans=mul(ans,ksm(2,1ll*(n-1)*(n-2)/2));
printf("%d
",ans);return 0;
}