uoj#308. 【UNR #2】UOJ拯救计划（并查集）

传送门

如果把答案写出来，就是(sum_{i=1}^ki! imes {kchoose i} imes f_i)，其中(f_i)为选(i)种颜色方案

发现如果(igeq 3)的话(i!)必定是(6)的倍数，所以后面相当于没有贡献，只需要考虑(i=1,2)的情况

如果(i=1)，只有在(m=0)的时候可行，方案数为(k^n)

如果(i=2)，先用黑白染色判断一下是否可行，这里可以用并查集。如果可行的话每个连通块有两种方案，然后再乘上选(2)种颜色的方案就行了

//minamoto
#include<bits/stdc++.h>
#define R register
#define fp(i,a,b) for(R int i=a,I=b+1;i<I;++i)
#define fd(i,a,b) for(R int i=a,I=b-1;i>I;--i)
#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].v;i;i=e[i].nx,v=e[i].v)
using namespace std;
char buf[1<<21],*p1=buf,*p2=buf;
inline char getc(){return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;}
int read(){
    R int res,f=1;R char ch;
    while((ch=getc())>'9'||ch<'0')(ch=='-')&&(f=-1);
    for(res=ch-'0';(ch=getc())>='0'&&ch<='9';res=res*10+ch-'0');
    return res*f;
}
char sr[1<<21],z[20];int C=-1,Z=0;
inline void Ot(){fwrite(sr,1,C+1,stdout),C=-1;}
void print(R int x){
    if(C>1<<20)Ot();if(x<0)sr[++C]='-',x=-x;
    while(z[++Z]=x%10+48,x/=10);
    while(sr[++C]=z[Z],--Z);sr[++C]='
';
}
const int N=5e5+5;
int fa[N],vis[N],ga[N];
int n,m,k,res,u,v;
int ksm(R int x,R int y){
	R int res=1;
	for(;y;y>>=1,x=x*x%6)if(y&1)res=res*x%6;
	return res;
}
int find(int x){return fa[x]==x?x:fa[x]=find(fa[x]);}
int fi(int x){return ga[x]==x?x:ga[x]=fi(ga[x]);}
void solve(){
	n=read(),m=read(),k=read(),res=1;
	fp(i,1,(n<<1))fa[i]=i,ga[i]=i,vis[i]=0;
	fp(i,1,m){
		u=read(),v=read();
		fa[find(u+n)]=find(v),fa[find(v+n)]=find(u);
		u=fi(u),v=fi(v),ga[u]=v;
	}
	if(k==1)return puts(m?"0":"1"),void();
	if(m==0)return printf("%d
",ksm(k,n)),void();
	fp(i,1,n)if(find(i)==find(i+n))return puts("0"),void();
	else if(!vis[fi(i)])vis[fi(i)]=1,res=(res<<1)%6;
	res=(res*k*(k-1)>>1)%6;
	printf("%d
",res);
}
int main(){
//	freopen("testdata.in","r",stdin);
	int T=read();
	while(T--)solve();
	return 0;
}