大致题意： 给你一棵带权树，每次使用道具可以将某条边的边权加(1)，问你至少需要使用多少次道具，才能使每个叶子节点到根节点的距离相等。
贪心的思想
首先，我们应该先有一个贪心的思想。
不难发现，如果要将以(x)为根节点的子树内的所有边权加上(val)，不如直接将(x)到(fa_x)的边权加上(val)更优。
这样一来就有一个基本思路：对于以(x)为根节点的子树，我们只需用最少的道具使每个叶节点到(x)的距离相等即可。
那么就可以用上 树形(DP) 了。
核心过程
下面稍微讲一下(DP)的核心转移过程。
我们可以用(f_{i})来表示使以(i)为根节点的子树的所有叶节点到(i)的距离相等所用的最少道具次数，用(g_i)来表示此时所有叶节点到(i)的距离，并用一个变量(tot)记录当前已操作了几个叶节点。
则对于(i)的一个子节点(son)，若(i)与(son)之间的边权为(val)，则无非有以下两种情况：
- (g_{son}+val>g_i)。对于这种情况，就说明之前操作过的(tot)个节点到(i)的距离全部偏小了，因此将(f_i)加上(tot*(g_{son}+val-g_{i}))，并将(g_i)更新为(g_{son})。
- (g_{son}+val≤g_i)。对于这种情况，我们只需将(f_i)加上(g_i-g_{son}-val)即可。
还有一个细节，就是注意每次要将(f_i)加上(f_{son})！（不过我相信这么智障的错误除了我没人会犯）
代码
#include<bits/stdc++.h>
#define max(x,y) ((x)>(y)?(x):(y))
#define min(x,y) ((x)<(y)?(x):(y))
#define uint unsigned int
#define LL long long
#define ull unsigned long long
#define swap(x,y) (x^=y,y^=x,x^=y)
#define abs(x) ((x)<0?-(x):(x))
#define INF 1e9
#define Inc(x,y) ((x+=(y))>=MOD&&(x-=MOD))
#define ten(x) (((x)<<3)+((x)<<1))
#define N 500000
#define add(x,y,z) (e[++ee].nxt=lnk[x],++deg[e[lnk[x]=ee].to=y],e[ee].val=z)
using namespace std;
int n,rt,ee=0,lnk[N+5],deg[N+5];
struct edge
{
int to,nxt,val;
}e[2*N+5];
class FIO
{
private:
#define Fsize 100000
#define tc() (FinNow==FinEnd&&(FinEnd=(FinNow=Fin)+fread(Fin,1,Fsize,stdin),FinNow==FinEnd)?EOF:*FinNow++)
#define pc(ch) (FoutSize<Fsize?Fout[FoutSize++]=ch:(fwrite(Fout,1,FoutSize,stdout),Fout[(FoutSize=0)++]=ch))
int f,FoutSize,OutputTop;char ch,Fin[Fsize],*FinNow,*FinEnd,Fout[Fsize],OutputStack[Fsize];
public:
FIO() {FinNow=FinEnd=Fin;}
inline void read(int &x) {x=0,f=1;while(!isdigit(ch=tc())) f=ch^'-'?1:-1;while(x=ten(x)+(ch&15),isdigit(ch=tc()));x*=f;}
inline void read_char(char &x) {while(isspace(x=tc()));}
inline void read_string(string &x) {x="";while(isspace(ch=tc()));while(x+=ch,!isspace(ch=tc())) if(!~ch) return;}
inline void write(LL x) {if(!x) return (void)pc('0');if(x<0) pc('-'),x=-x;while(x) OutputStack[++OutputTop]=x%10+48,x/=10;while(OutputTop) pc(OutputStack[OutputTop]),--OutputTop;}
inline void write_char(char x) {pc(x);}
inline void write_string(string x) {register int i,len=x.length();for(i=0;i<len;++i) pc(x[i]);}
inline void end() {fwrite(Fout,1,FoutSize,stdout);}
}F;
class Class_TreeDP//树形DP
{
private:
LL f[N+5],g[N+5];//f[i]表示使以i为根节点的子树的所有叶节点到i的距离相等所用的最少道具次数，g[i]表示此时所有叶节点到i的距离
inline void DP(int x,int lst)
{
for(register int i=lnk[x],tot=0;i;i=e[i].nxt)//变量tot记录当前已操作了几个叶节点
{
if(!(e[i].to^lst)) continue;
DP(e[i].to,x),f[x]+=f[e[i].to];//对该子节点进行DP，并将f[x]加上f[e[i].to]
if(g[e[i].to]+e[i].val>g[x]) f[x]+=1LL*tot*(g[e[i].to]+e[i].val-g[x]),g[x]=g[e[i].to]+e[i].val;//如果g[e[i].to]+e[i].val，就说明之前操作过的tot个节点到i的距离全部偏小了
else f[x]+=1LL*g[x]-g[e[i].to]-e[i].val;//否则，直接将f[x]加上g[x]-g[e[i].to]-e[i].val即可。
++tot;//将tot加1
}
}
public:
inline LL GetAns() {return (void)(DP(rt,0)),f[rt];}
}TreeDP;
int main()
{
register int i,x,y,z;
for(F.read(n),F.read(rt),i=1;i<n;++i) F.read(x),F.read(y),F.read(z),add(x,y,z),add(y,x,z);
return F.write(TreeDP.GetAns()),F.end(),0;
}