大致题意： 求\(\sum_{x=1}^N\sum_{y=1}^M[gcd(x,y)==d]\)。
一道类似的题目
推荐先去做一下这道题：【洛谷2257】YY的GCD，来初步了解一下莫比乌斯反演。
再来看这题，就非常简单了。
一些定义
按照上面提到的那题的思路，首先，我们可以定义\(f(d)\)和\(F(d)\)如下：
\[f(d)=\sum_{i=1}^N\sum_{j=1}^M[gcd(i,j)==d]
\]
\[F(d)=\sum_{i=1}^N\sum_{j=1}^M[d|gcd(i,j)]
\]
通过定义，不难发现：
\[F(n)=\sum_{n|d}f(d)=\lfloor\frac Nn\rfloor\lfloor\frac Mn\rfloor
\]
由于莫比乌斯反演的某些性质，我们又可以得到：
\[f(n)=\sum_{n|d}\mu(\lfloor\frac dn\rfloor)F(d)
\]
公式化简
我们应该不难想到：
\[answer=f(d)
\]
貌似比 YY的GCD 简单了许多。
然后就是一波化简。
先来一波莫比乌斯反演：
\[answer=\sum_{p|d}\mu(\lfloor\frac dp\rfloor)F(d)
\]
但是，这样有点难以处理。
于是，我们改成枚举\(\lfloor\frac dp\rfloor\)，于是原式就变成了这样：
\[answer=\sum_{p=1}^{min(\lfloor\frac Nd\rfloor,\lfloor\frac Md\rfloor)}\mu(p)\lfloor\frac N{d·p}\rfloor\frac M{d·p}\rfloor
\]
这样就很容易求解了。
求解答案
不难想到，我们可以用除法分块。
不难发现，在一定范围内\(\lfloor\frac Ni\rfloor\)的值是保持不变的（\(\lfloor\frac Mi\rfloor\)同理），则\(\lfloor\frac NG\rfloor\lfloor\frac MG\rfloor\)其实最多只有\(\sqrt N+\sqrt M\)，而对于\(\lfloor\frac NG\rfloor\lfloor\frac MG\rfloor\)相同的值，我们可以一起求解，于是就能想到用\(sum_i\)来表示\(\sum_{i=1}^i \mu(i)\)，这样就能快速求解了。
代码
#include<bits/stdc++.h>
#define max(x,y) ((x)>(y)?(x):(y))
#define min(x,y) ((x)<(y)?(x):(y))
#define uint unsigned int
#define LL long long
#define ull unsigned long long
#define swap(x,y) (x^=y,y^=x,x^=y)
#define abs(x) ((x)<0?-(x):(x))
#define INF 1e9
#define Inc(x,y) ((x+=(y))>=MOD&&(x-=MOD))
#define ten(x) (((x)<<3)+((x)<<1))
#define N 50000
using namespace std;
int n,m,k;
class FIO
{
private:
#define Fsize 100000
#define tc() (FinNow==FinEnd&&(FinEnd=(FinNow=Fin)+fread(Fin,1,Fsize,stdin),FinNow==FinEnd)?EOF:*FinNow++)
#define pc(ch) (FoutSize<Fsize?Fout[FoutSize++]=ch:(fwrite(Fout,1,FoutSize,stdout),Fout[(FoutSize=0)++]=ch))
int f,FoutSize,OutputTop;char ch,Fin[Fsize],*FinNow,*FinEnd,Fout[Fsize],OutputStack[Fsize];
public:
FIO() {FinNow=FinEnd=Fin;}
inline void read(int &x) {x=0,f=1;while(!isdigit(ch=tc())) f=ch^'-'?1:-1;while(x=ten(x)+(ch&15),isdigit(ch=tc()));x*=f;}
inline void read_char(char &x) {while(isspace(x=tc()));}
inline void read_string(string &x) {x="";while(isspace(ch=tc()));while(x+=ch,!isspace(ch=tc())) if(!~ch) return;}
inline void write(LL x) {if(!x) return (void)pc('0');if(x<0) pc('-'),x=-x;while(x) OutputStack[++OutputTop]=x%10+48,x/=10;while(OutputTop) pc(OutputStack[OutputTop]),--OutputTop;}
inline void write_char(char x) {pc(x);}
inline void write_string(string x) {register int i,len=x.length();for(i=0;i<len;++i) pc(x[i]);}
inline void end() {fwrite(Fout,1,FoutSize,stdout);}
}F;
class Class_Mobius//莫比乌斯反演
{
private:
int Prime_cnt,mu[N+5],Prime[N+5];bool IsNotPrime[N+5];
public:
LL sum[N+5];
Class_Mobius()//预处理
{
register int i,j;
for(mu[1]=1,i=2;i<=N;++i)//求出莫比乌斯函数
{
if(!IsNotPrime[i]) Prime[++Prime_cnt]=i,mu[i]=-1;
for(j=1;j<=Prime_cnt&&i*Prime[j]<=N;++j)
if(IsNotPrime[i*Prime[j]]=true,i%Prime[j]) mu[i*Prime[j]]=-mu[i];else break;
}
for(i=1;i<=N;++i) sum[i]=sum[i-1]+mu[i];//求前缀和
}
}Mobius;
int main()
{
register int i,nxt,lim,T;register LL ans;F.read(T);
while(T--)
{
F.read(n),F.read(m),F.read(k),lim=min(n,m)/k;
for(ans=0,i=1;i<=lim;i=nxt+1) nxt=min(n/(n/i),m/(m/i)),ans+=1LL*(n/(i*k))*(m/(i*k))*(Mobius.sum[nxt]-Mobius.sum[i-1]);//除法分块
F.write(ans),F.write_char('\n');//输出答案
}
return F.end(),0;
}