【洛谷4348】[CERC2015] Cow Confinement（扫描线+线段树优化DP）

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• 一张(10^6 imes10^6)的网格图上有(f)个无交的矩形围栏（围栏在格边上）。
• 格子中有(n)头牛和(m)朵花，牛只能向右或向下走且不能越过围栏，求每头牛能到达的花的数量。
• (n,m,fle2 imes10^5)

暴力(DP)

考虑(DP)，设(f_{i,j})表示((i,j))中的牛能到达多少朵花。

如果它右方没有围栏，就可以从(f_{i,j+1})转移；如果它下方没有围栏，就可以从(f_{i+1,j})转移。

暴力转移肯定(T)飞，需要优化。

扫描线+线段树优化(DP)

我们可以利用扫描线，从后往前枚举每一列，只要知道这一列上的所有围栏，就知道能否从(f_{i,j+1})转移了。

而要知道能否从下方转移，可以开个(set)维护一下所有下方有围栏的行，相当于一列被划分成了若干段，同一段中是可以从(f_{i+1,j})转移的。

考虑用一棵线段树来维护一列的所有(DP)值，从右转移是非常简单的：先全部继承，然后把有围栏的部分清零。

而从下转移就非常困难了，因此我们决定放弃转移，直接用(f_{i,j})记录从((i,j))开始往右走的答案，询问时只要查询从询问点开始向下一整段的(f_{i,j})之和。

但真的只往右走肯定也是不行的，有些时候下方存在障碍格，最迟需要从这一行出发向下才能走到，我们把这部分的格子数也计入这一行的答案之中。

具体地，对于一个围栏((x,y)-(u,v))，我们在进入它和离开它的时候分别需要下述操作：

• 在(v)进入：段被划开，产生(x-1)和(u)两个新的划分点。对于第(x-1)行，原先段中(x)及其下方的格子需要从第(x-1)行出发到达，因此把这一部分的答案计入(f_{x-1,j})。
• 在(y-1)离开：段被重新合并。对于第(x-1)行，进入围栏之前(xsim u)右边的格子依旧需要从第(x-1)行出发到达，而(y+1)及其下方的格子可以第(y+1)行及其下方的格子出发到达，需要把这一部分从(f_{x-1,j})中减去（可以在进入时记录）。

代码：(O(nlogn))

#include<bits/stdc++.h>
#define Tp template<typename Ty>
#define Ts template<typename Ty,typename... Ar>
#define Reg register
#define RI Reg int
#define Con const
#define CI Con int&
#define I inline
#define W while
#define N 1000000
using namespace std;
int n,g[N+5],ans[N+5];set<int> p;
struct OP
{
	int op,x,y,ty;I OP(CI i=0,CI a=0,CI b=0,CI c=0):op(i),x(a),y(b),ty(c){}
	I bool operator < (Con OP& o) Con {return op^o.op?op<o.op:x<o.x;}
};vector<OP> q[N+5];vector<OP>::iterator it;
namespace FastIO
{
	#define FS 100000
	#define tc() (FA==FB&&(FB=(FA=FI)+fread(FI,1,FS,stdin),FA==FB)?EOF:*FA++)
	#define pc(c) (FC==FE&&(clear(),0),*FC++=c)
	int OT;char oc,FI[FS],FO[FS],OS[30],*FA=FI,*FB=FI,*FC=FO,*FE=FO+FS;
	I void clear() {fwrite(FO,1,FC-FO,stdout),FC=FO;}
	Tp I void read(Ty& x) {x=0;W(!isdigit(oc=tc()));W(x=(x<<3)+(x<<1)+(oc&15),isdigit(oc=tc()));}
	Tp I void writeln(Ty x) {W(OS[++OT]=x%10+48,x/=10);W(OT) pc(OS[OT--]);pc('
');}
}using namespace FastIO;
class SegmentTree
{
	private:
		#define PT CI l=1,CI r=N+1,CI rt=1
		#define LT l,mid,rt<<1
		#define RT mid+1,r,rt<<1|1
		#define PU(x) (V[x]=V[x<<1]+V[x<<1|1])
		#define PD(x) (F[x]&&(D(x<<1),D(x<<1|1),F[x]=0))
		#define D(x) (V[x]=0,F[x]=1)
		int V[N<<2],F[N<<2];
	public:
		I void U(CI x,CI v,PT)//单点加法
		{
			if(l==r) return (void)(V[rt]+=v);RI mid=l+r>>1;PD(rt);
			x<=mid?U(x,v,LT):U(x,v,RT),PU(rt);
		}
		I void E(CI L,CI R,PT)//区间清零
		{
			if(L<=l&&r<=R) return (void)D(rt);RI mid=l+r>>1;PD(rt);
			L<=mid&&(E(L,R,LT),0),R>mid&&(E(L,R,RT),0),PU(rt);
		}
		I int Q(CI L,CI R,PT)//区间求和
		{
			if(L<=l&&r<=R) return V[rt];RI mid=l+r>>1;PD(rt);
			return (L<=mid?Q(L,R,LT):0)+(R>mid?Q(L,R,RT):0);
		}
}S;
int main()
{
	RI i,x,y,u,v;p.insert(N+1);
	for(read(n);n;--n) read(x),read(y),read(u),read(v),q[y-1].push_back(OP(1,x,u,-1)),q[v].push_back(OP(1,x,u,1));//把围栏拆成两部分
	for(read(n);n;--n) read(x),read(y),q[y].push_back(OP(2,x));//花
	for(read(n),i=1;i<=n;++i) read(x),read(y),q[y].push_back(OP(3,x,i));//牛
	for(i=N;i;--i) for(sort(q[i].begin(),q[i].end()),it=q[i].begin();it!=q[i].end();++it) switch(x=it->x,y=it->y,it->op)//扫描线从后往前枚举每一列
	{
		#define R(x) *p.lower_bound(x)//x所在段的右端点
		case 1:if(!~it->ty) x^1&&(p.erase(S.U(x-1,-g[x-1]),p.find(x-1)),0),p.erase(p.find(y)),S.E(x,y);//离开时x-1减去y+1及其后的贡献
			else x^1&&(S.U(x-1,S.Q(x,y)+(g[x-1]=S.Q(y+1,R(y)))),p.insert(x-1),0),p.insert(y),S.E(x,y);break;//进入时x-1加上x及其后的贡献（记录y+1及其后的贡献）
		case 2:S.U(x,1);break;case 3:ans[y]=S.Q(x,R(x));break;//单点修改；询问所在段后缀和
	}
	for(i=1;i<=n;++i) writeln(ans[i]);return clear(),0;
}