Solution [SDOI2016]排列计数
题目大意:问有多少个(1-n)的排列(A)恰好有(m)个数满足(A_i=i)
错排,计数
分析:
首先我们选(m)个数有(C_n^m)种,那么我们要求答案合法就必须使得剩下的数都不满足(A_i=i),也就是我们要求(n-m)个数错排的方案数,假设(D_n)表示(n)个数错排的方案数,我们的答案就是(C_n^m imes D_{n-m})
关键是(D)的求法,对于一个位置(n)有两种可能,前(n-1)个位置都错了,前(n-1)个位置有一个是对的,这两种情况都可以通过一次交换得到全错排情况,其它情况不行
因此(D_n=(n-1) imes(D_{n-1}+D_{n-2}))
预处理一下阶乘及其逆元,和错排数(D)即可
注意当(n=m)时答案为(1)
#include <cstdio>
using namespace std;
const int mod = 1e9 + 7,maxn = 1e6;
typedef long long ll;
ll D[maxn + 100],fac[maxn + 100],facinv[maxn + 100];
inline ll mul(ll a,ll b){return a * b % mod;}
inline ll qpow(ll a,ll b){
ll res = 1,base = a % mod;
while(b){
if(b & 1)res = mul(res,base);
base = mul(base,base);
b >>= 1;
}
return res;
}
inline ll inv(ll x){return qpow(x,mod - 2);}
inline ll C(ll n,ll m){return mul(fac[n],mul(facinv[m],facinv[n - m]));}
inline void init(){
fac[0] = 1,facinv[0] = 1;
for(int i = 1;i <= maxn;i++){
fac[i] = mul(fac[i - 1],i);
facinv[i] = inv(fac[i]);
}
D[0] = D[2] = 1;
for(int i = 3;i <= maxn;i++)
D[i] = mul(i - 1,D[i - 1] + D[i - 2]);
}
int t,n,m;
int main(){
init();
scanf("%d",&t);
for(int i = 1;i <= t;i++)
scanf("%d %d",&n,&m),printf("%lld
",mul(C(n,m),D[n - m]));
return 0;
}