PAT A1119 Pre- and Post-order Traversals [前序后序求中序]

题目描述

链接
给出一棵树的结点个数n，以及它的前序遍历和后序遍历，输出它的中序遍历，如果中序遍历不唯一就输出No，且输出其中一个中序即可，如果中序遍历唯一就输出Yes，并输出它的中序

分析

• 分析题目所给的正反样例，可以发现，最后递归到单一子树后，左根是它，右根也是它，就不唯一了。此时，可以随便指定为右孩子或者左孩子
• 具体来说，对先序从前往后找，对后序从后往前找，找到左右子树的根，从而确定左右子树的范围进行递归
• 当递归到某处，发现当前结点！！的左子树的根和右子树的根重合了(i==prel+1)话((i)是右子树的根，(prel)是当前根结点,(prel+1)是左子树的根)，则向下递归时，只向右子树递归
• 另外还要注意，递归到最后，只剩一个结点即(prel==prer)，就直接return root了，不用再向下递归了
• 画下图，模拟下过程就好

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;

const int maxn = 40;
int pre[maxn],post[maxn];
int n;
struct node{
    int data;
    node *lchild,*rchild;
};
//root为后序序列的根结点,st,ed为先序的范围
vector<int> ans;
bool flag = true;
node *create(int prel, int prer, int postl, int postr){
    if(prel > prer) return NULL;
    //建立此状态下的根结点
    node *root = new node;
    root->data = pre[prel];
    root->lchild = NULL;
    root->rchild = NULL;
    if(prel==prer){
        return root;
    }
    //找左右子树的范围
    //在先序里面找到右子树根节点的位置
    int i;
    for(i=prel;i<=prer;i++){
        if(post[postr-1] == pre[i]){
            break;
        }
    }
    if(i - prel > 1){
        //左子树的范围: prel+1,i-1, 长度i-1-prel 
        root->lchild = create(prel+1,i-1,postl,postl+i-prel-2); //左子树的范围
        //右子树的范围: 
        root->rchild = create(i, prer, postl+i-prel-1, postr-1);
    }else{ //i==prel+1 即左右子树的根节点重合了
        flag = false;
        root->rchild = create(i, prer, postl+i-prel-1, postr-1); //就当成右子树
    }
    return root;
}

void inorder(node *root){
    if(!root) return;
    inorder(root->lchild);
    ans.push_back(root->data);
    inorder(root->rchild);
}

int main(){
    cin>>n;
    for(int i=0;i<n;i++) cin>>pre[i];
    for(int i=0;i<n;i++) cin>>post[i];
    node *root = create(0,n-1,0,n-1);
    inorder(root);
    if(flag) printf("Yes
");
    else printf("No
");
    for(int i=0;i<ans.size();i++){
        if(i==0)printf("%d",ans[i]);
        else printf(" %d",ans[i]);
    }
    printf("
");
}