感觉，是我做过最神的DP题之一了。
观察题目给出的比赛结构图。可以发现，除了最开始的那一轮胜者组比赛和最后一场决赛外，剩余的比赛构成了两棵相同的树形结构（而且是满二叉树）。其中，胜者组的一个节点代表一场比赛，败者组的一个节点代表两场比赛。
让参赛队伍标号为([0,2^n-1])。类似于建线段树的方法，我们从([0,2^n-1])开始递归，每次把序列分成两半，除去长度为(1)的区间，共能得到(2^{n}-1)个区间。其中，每个区间形如([a2^b,(a+1)2^b-1])。可以发现，上一段所说的“树形结构”中，树的节点和我们分出的这些区间一一对应。
也就是说，每个节点所代表的的比赛的两支参赛队伍，均来自这个节点所对应的区间。且对于胜者组和败者组的第一场比赛，比赛的两支参赛队伍，一定是一支来自区间的左半边，另一支来自区间的右半边。而对于败者组的第二场比赛，一定是该节点中胜者组的输者和败者组第一场的赢者去比。这三场比赛全部结束后，这个节点的胜者组、败者组会分别向该节点的父亲提供一支队伍，也就是该节点上两个组别的赢家。
而对于父亲节点来说，我们关心的，就是这“两个赢家”是否是我们喜欢的队伍。
于是想到一个DP。设(dp[ldots r][up][lo])表示标号在([l,r])这个区间内队伍之间，也就是在树上([l,r])这个节点的子树内，最多有多少场我们喜欢的队伍参加的比赛。(upin{0,1})表示这个节点的胜者组的赢家，是否是我们喜欢的队伍；(loin{0,1})表示这个节点的败者组的赢家，是否是我们喜欢的队伍。
转移时，枚举左右区间分别的(up,lo)，再枚举这个节点上三场比赛的结果，复杂度(O(2^7))。
总时间复杂度(O(2^n2^7))。
参考代码：
//problem:CF1314B
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define pb push_back
#define mk make_pair
#define lob lower_bound
#define upb upper_bound
#define fst first
#define scd second
typedef unsigned int uint;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<int,int> pii;
namespace Fread{
const int MAXN=1<<20;
char buf[MAXN],*S,*T;
inline char getchar(){
if(S==T){
T=(S=buf)+fread(buf,1,MAXN,stdin);
if(S==T)return EOF;
}
return *S++;
}
}//namespace Fread
#ifdef ONLINE_JUDGE
#define getchar Fread::getchar
#endif
inline int read(){
int f=1,x=0;char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(isdigit(ch)){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}
return x*f;
}
inline ll readll(){
ll f=1,x=0;char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(isdigit(ch)){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}
return x*f;
}
/* ------ by:duyi ------ */ // myt天下第一
const int MAXN=1<<20;
int n,m,dp[MAXN*4+5][2][2];
bool fan[MAXN];
#define forbit(i) for(int i=0;i<=1;++i)
inline void ckmax(int &x,int y){x=x>y?x:y;}
void solve(int id,int l,int r){
if(l+1==r){
//区间长度为2,递归边界
if(!fan[l] && !fan[r])dp[id][0][0]=0;
else if(!fan[l] || !fan[r])dp[id][1][0]=dp[id][0][1]=1;
else dp[id][1][1]=1;
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
solve(id<<1,l,mid);
solve(id<<1|1,mid+1,r);
forbit(l_up)forbit(l_lo)forbit(r_up)forbit(r_lo){
if(dp[id<<1][l_up][l_lo]>=0&&dp[id<<1|1][r_up][r_lo]>=0){
int res=dp[id<<1][l_up][l_lo]+dp[id<<1|1][r_up][r_lo]+(l_up||r_up)+(l_lo||r_lo);
forbit(x)forbit(y)forbit(z){
//枚举当前节点上的三场比赛的结果
//x,y: 1表示左边赢,0表示右边赢
//z: 1表示上边赢,0表示下边赢
ckmax(dp[id][x?l_up:r_up][z?(x?r_up:l_up):(y?l_lo:r_lo)],res+((x?r_up:l_up)||(y?l_lo:r_lo)));
}
}
}//O(2^7)
}
int main() {
n=read();m=read();
for(int i=1,x;i<=m;++i)x=read()-1,fan[x]=1;
memset(dp,0xcf,sizeof(dp));
solve(1,0,(1<<n)-1);
int ans=0;
forbit(i)forbit(j)ckmax(ans,dp[1][i][j]+(i||j));
cout<<ans<<endl;
return 0;
}