题目描述
你第一天接手三鹿牛奶公司就发生了一件倒霉的事情：公司不小心发送了一批有三聚氰胺的牛奶。很不幸，你发现这件事的时候，有三聚氰胺的牛奶已经进入了送货网。这个送货网很大，而且关系复杂。你知道这批牛奶要发给哪个零售商，但是要把这批牛奶送到他手中有许多种途径。送货网由一些仓库和运输卡车组成，每辆卡车都在各自固定的两个仓库之间单向运输牛奶。在追查这些有三聚氰胺的牛奶的时候，有必要保证它不被送到零售商手里，所以必须使某些运输卡车停止运输，但是停止每辆卡车都会有一定的经济损失。你的任务是，在保证坏牛奶不送到零售商的前提下，制定出停止卡车运输的方案，使损失最小。
输入输出格式
输入格式：第一行: 两个整数N(2<=N<=32)、M(0<=M<=1000), N表示仓库的数目，M表示运输卡车的数量。仓库1代 表发货工厂，仓库N代表有三聚氰胺的牛奶要发往的零售商。 第2..M+1行: 每行3个整数Si,Ei,Ci。其中Si,Ei表示这 辆卡车的出发仓库，目的仓库。Ci(0 <= C i <= 2,000,000) 表示让这辆卡车停止运输的损失。
输出格式：两个整数C、T：C表示最小的损失，T表示在损失最小的前提下，最少要停止的卡车数。
输入输出样例
4 5
1 3 100
3 2 50
2 4 60
1 2 40
2 3 80
60 1
说明
题目翻译来自NOCOW。
USACO Training Section 4.4
Solution：
简单讲，本题给出了边的权值，要求最小的代价使得1和n不连通。这不就是最小割嘛！我们直接把1当作S，n当作T。
但因为本题既要输出最小割的值又要输出割的边数，前者好求关键是后者如何去求更简单，容易想到我们可以直接建两次图，一次按原边权建图跑最大流求得最小割，再按边权为1建图跑最大流求割的边数，这是一种思路;
当然我们完全可以换种思路用一次最大流搞定，只需建图时将边权w=w*a+1（w为本来的边权，a为大于1000的数），这样我们能求得最大流ans，则最小割的值为ans/a，割的边数为ans%a。这很容易理解，但是还是解释一下：因为最小割的边集中有w1+w2+w3…+wn=ans（这个ans为本来的最小割），所以必然有w1*a+w2*a+w3*a…+wn*a=ans*a，于是必然有w1*a+1+w2*a+1+w3*a+1…+wn*a+1=ans*a+k(k为最小割的边数，k<=m<=1000)，这样就很明显了，因为边数m不大于1000，所以k的最大值为1000，我们只要使设定的a的值大于1000，那么按上述方法建图，跑出的最大流除以a就是最小割的值ans，最大流模a就是最小割的边数k。
代码：
1 // luogu-judger-enable-o2 2 #include<bits/stdc++.h> 3 #define il inline 4 #define ll long long 5 #define debug printf("%d %s ",__LINE__,__FUNCTION__) 6 using namespace std; 7 const ll N=100005,inf=233333333333333,mod=2018; 8 ll n,m,s,t,h[100],dis[2005],cnt=1; 9 ll ans; 10 struct edge{ 11 ll to,net;ll v; 12 }e[N]; 13 il void add(ll u,ll v,ll w) 14 { 15 e[++cnt].to=v,e[cnt].net=h[u],e[cnt].v=w,h[u]=cnt; 16 e[++cnt].to=u,e[cnt].net=h[v],e[cnt].v=0,h[v]=cnt; 17 } 18 queue<ll>q; 19 il bool bfs() 20 { 21 memset(dis,-1,sizeof(dis)); 22 q.push(s),dis[s]=0; 23 while(!q.empty()) 24 { 25 int u=q.front();q.pop(); 26 for(int i=h[u];i;i=e[i].net) 27 if(dis[e[i].to]==-1&&e[i].v>0)dis[e[i].to]=dis[u]+1,q.push(e[i].to); 28 } 29 return dis[t]!=-1; 30 } 31 il ll dfs(ll u,ll op) 32 { 33 if(u==t)return op; 34 ll flow=0,used=0; 35 for(int i=h[u];i;i=e[i].net) 36 { 37 int v=e[i].to; 38 if(dis[v]==dis[u]+1&&e[i].v>0) 39 { 40 used=dfs(v,min(op,e[i].v)); 41 if(!used)continue; 42 flow+=used,op-=used; 43 e[i].v-=used,e[i^1].v+=used; 44 if(!op)break; 45 } 46 } 47 if(!flow)dis[u]=-1; 48 return flow; 49 } 50 int main() 51 { 52 scanf("%lld%lld",&n,&m);s=1,t=n; 53 ll u,v;ll w; 54 for(int i=1;i<=m;i++) 55 { 56 scanf("%lld%lld%lld",&u,&v,&w); 57 add(u,v,w*mod+1); 58 } 59 while(bfs())ans+=dfs(s,inf); 60 printf("%lld %lld ",ans/mod,ans%mod); 61 return 0; 62 }