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  • POJ 1990 MooFest(zkw线段树)

    【题目链接】 http://poj.org/problem?id=1990

    【题目大意】

      给出每头奶牛的位置和至少要多少分贝的音量才能听到谈话
      现在求奶牛两两交流成功需要的分贝*距离的总和。

    【题解】

      我们将奶牛对于需要的分贝排序,那么在计算的时候,
      每头奶牛只要计算和序列前面所有奶牛的答案即可
      那么只要维护前面所有奶牛和其距离之差的绝对值之和即可
      将其拆分为坐标小于该奶牛的坐标之和,和大于该奶牛的部分
      发现只要用线段树维护区间和以及区间数的个数即可。

    【代码】

    #include <cstdio>
    #include <algorithm>
    #include <cstring> 
    using namespace std;
    const int N=20010;
    int T[N*4],C[N*4],n,t,c,M;
    struct data{int v,x;}p[N];
    long long ans;
    bool cmp(data a,data b){return a.v<b.v;}
    void add(int x,int y){
        T[x+=M]+=y; C[x]++;
        for(x/=2;x;x/=2){
            T[x]=T[x<<1]+T[(x<<1)^1];
            C[x]=C[x<<1]+C[(x<<1)^1];
        }
    }
    void query(int x,int y){
        t=c=0;
        x+=M-1;y+=M+1; 
        while(x^y^1>0){ 
            if(~x&1)t+=T[x+1],c+=C[x+1]; 
            if(y&1)t+=T[y-1],c+=C[y-1]; 
            x>>=1;y>>=1; 
        }
    }
    int main(){
        for(M=1;M<N;M<<=1);
        while(~scanf("%d",&n)){
            for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d%d",&p[i].v,&p[i].x);
            sort(p+1,p+n+1,cmp);
            memset(T,0,sizeof(T));
            memset(C,0,sizeof(C));
            for(int i=1;i<=n;i++){
                query(1,p[i].x);
                ans+=1LL*p[i].v*(p[i].x*c-t);
                query(p[i].x,20000);
                ans+=1LL*p[i].v*(t-p[i].x*c);
                add(p[i].x,p[i].x);
            }printf("%lld
    ",ans);
        }return 0;
    }
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  • 原文地址:https://www.cnblogs.com/forever97/p/poj1990.html
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