Test20190814 Solution

T1 apple

略

T2 matrix

前缀和优化更佳

T3 x3

异或……一看到就想起来

观察一下，可以发现在 (sum_{i=1}^{n}sum_{j=i+1}^{n} x_i xor x_j)中，在二进制中只有在同一位上不同数字 0与1的组合才会对答案有所贡献，所以就统计每一位上0、1的个数，乘法原理搞定。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int const MAXN=1000010;
long long n,ans,maxn=-1;
long long fo[MAXN];
int b[10000][2];
int main(){
	freopen("x3.in","r",stdin);
	freopen("x3.out","w",stdout);
	scanf("%lld",&n);
	for(int i=1;i<=n;i++){
		scanf("%lld",&fo[i]);
		long long tot=0;
	    while(fo[i]){
			b[tot++][fo[i]&1]++;
			fo[i]=fo[i]>>1;
		}
		maxn=max(tot,maxn);
	}
	for(int i=1;i<=n;i++){
		b[i][0]=n-b[i][1];
	}
	unsigned long long a=1;
	for(int i=0;i<=n;i++){
		ans+=a*b[i][1]*b[i][0];
		a*=2;
	}
	printf("%lld
",ans);
	return 0;
}

T4 dance

贪心

思路为每一个希望与比自己高的人，找与其身高差最小的异性

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int const MAXN=1000010;
int n,tot1,tot2,ans;
int as[3000][2],bs[3000][2];
int scan(){
	char c=getchar();
	int x=1,i=0;
	while(c<'0' || c>'9'){if(c=='-')x=-1;c=getchar();}
	while(c>='0' && c<='9'){i=i*10+c-'0';c=getchar();}
	return i*x;
}
int main(){
	freopen("dance.in","r",stdin);
	freopen("dance.out","w",stdout);
	scanf("%d",&n);
	for(int i=1;i<=n;i++){
		int h=scan();
		if(h<0){
			as[abs(h)][0]++;
		}else{
			bs[abs(h)][0]++;
		}
	}
	for(int i=1;i<=n;i++){
		int h=scan();
		if(h<0){
			as[abs(h)][1]++;
		}else{
			bs[abs(h)][1]++;
		}
	}
	for(int i=1500;i<=2500;i++){
		if(bs[i][0]==0 && bs[i][1]==0)continue;
		//printf("%d %d %d
",i,bs[i][0],bs[i][1]);
		for(int p=i+1;p<=2500;p++){
			if(as[p][0]==0 && as[p][1]==0)continue;
			//printf("%d %d %d
",p,as[p][0],as[p][1]);
			if(bs[i][1]){
				int minn=min(as[p][0],bs[i][1]);
				ans+=minn;
				as[p][0]-=minn;
				bs[i][1]-=minn;
			}
			if(bs[i][0]){
				int minn=min(as[p][1],bs[i][0]);
				ans+=minn;
				as[p][1]-=minn;
				bs[i][0]-=minn;
			}
			if(bs[i][1]==0 && bs[i][0]==0)break;
		}
	}
	printf("%d
",ans);
	return 0;
}

T5 sort

题目保证每一个反转的sloape长度为偶数

当我们将第一次的所有sloape反转过来之后，可以知道接下来可以反转的sloape定(<=2)。

再考虑一下每一次操作对逆序对的贡献。

第一波反转：设共有 tot 段需要反转，其中一次长度为k，则本段总贡献为(k imes(k-1)div 2)，

第二轮反转：1

则总反转次数为 (总逆序对数 - sum_{i=1}^{tot} k_i imes(k_i-1)div 2+1)

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int const MAXN=100000;
long long n,ans;
int a[MAXN];
long long tree[MAXN];
int lowbit(int x){return x & (-x);}
void insert(int x,int v){
	for(int i=x;i<=n;i+=lowbit(i))tree[i]+=v;
}
int ask(int x){
	int sum=0;
	for(int i=x;i;i-=lowbit(i))sum+=tree[i];
	return sum;
}
struct point{
	int x,id;
}p[MAXN];
bool cmp(point x,point y){
	return x.x<y.x;
}
int main(){
	freopen("sort.in","r",stdin);
	freopen("sort.out","w",stdout);
	scanf("%lld",&n);
	for(int i=1;i<=n;i++){
		scanf("%d",&a[i]);
		p[i]=(point){a[i],i};
	}
	int k=1;
	for(int i=2;i<=n;i++){
		if(a[i-1]>a[i])k++;
		else{
			ans-=k*(k-1)/2-1;k=1;
		}
	}
	ans-=k*(k-1)/2-1;k=1;
	sort(p+1,p+n+1,cmp);
	for(int i=n;i>=1;i--){
		ans+=ask(p[i].id-1);
		insert(p[i].id,1);
	}
	printf("%lld
",ans);
	return 0;
}

T6 chess

挖个坑

boshi大佬说是一道广搜卡常题，正常是(O(n^2*T))，而用bitset可以做到$O(n^2*T div 32)​

cy叫我们看标程

Emm……不敢恭维