HDU 5289 Assignment

Assignment

题意

• 一段长度为n的区间，选取一段连续子区间满足要求子区间的max-min<=k,求这样的子区间数目
• n<=1e5
• 0<k<=1e9

题解

• 可以估计时间复杂度时o(nlogn)的算法
• ST表可以在O(1)时间内求得子区间的max-min,
• 而枚举子区间可以选定左端点，然后二分查找右端点(lower_bound(,,k)-1,lower_bound需自己实现)
• 最大的教训时自己原来并不是真的会二分查找和结果数目是超过了int,结果自己wa了
• 以后有关求问多少可能的一定要想想是否结果会溢出

代码

#include<bits/stdc++.h>
const int maxn=1e5+10;
int stmin[maxn][17];
int stmax[maxn][17];
int a[maxn];
int T,n,k;
void build(){
    for(int i=1;i<=n;i++){
        stmin[i][0]=a[i];
        stmax[i][0]=a[i];
    }
    int maxl=floor(log2(n));
    int mul=1;
    for(int j=1;j<=maxl;j++){
        for(int i=1;i<=n&&(i+mul)<=n;i++){
            stmin[i][j]=std::min(stmin[i][j-1],stmin[i+mul][j-1]);
            stmax[i][j]=std::max(stmax[i][j-1],stmax[i+mul][j-1]);
        }
        mul=mul*2;
    }
}

int check(int x,int y){
    int len=floor(log2(y-x+1));
    int minv=std::min(stmin[x][len],stmin[y-(1<<len)+1][len]);
    int maxv=std::max(stmax[x][len],stmax[y-(1<<len)+1][len]);
    return maxv-minv;
}
int bsearch(int begin,int n){//ÕÒµ½
    //lower_bound first >=k
    if(check(begin,n)<k) return (n+1);
    int m,l=begin,r=n;
    while(l<r){
        m=l+((r-l)>>1);
        if(check(begin,m)<k) l=m+1;
        else r=m;
    }
    return l;
}
int main(){
    freopen("in.txt","r",stdin);
    scanf("%d",&T);
    for(int t=1;t<=T;t++){
        scanf("%d %d",&n,&k);
        for(int j=1;j<=n;j++){
            scanf("%d",&a[j]);
        }
        build();
        long long res=0;
        for(int i=1;i<=n;i++){
            //printf("debug %d
",bsearch(i,n)-i);
            res=res+(bsearch(i,n)-i);
        }
        printf("%lld
",res);

    }
    fclose(stdin);
    return 0;
}

关于二分的总结(完全摘自知乎）

• 注意观察b1()和lower_bound()关系
• 更有价值的内容可以看知乎

//10个二分9个错，自己还没有注意到二分里面的问题
//简单分类
/*
对于单调不降序列a[],关键字key
1. min(i) a[i]=key
2. max(i) a[i]=key
3. min(i) a[i]>key or >=key
4. max(i) a[i]<key or <=key
*/
//given a test case
//a[8]={1,2,2,4,4,5,5,5};key=4;
int b1(int a[],int n,int key){
    int m,l=0,r=n-1;//闭区间[0,n-1]
    while(l<r){
        m=l+((r-l)>>1);
        if(a[m]<key) l=m+1;
        else r=m;//
        // if a[m]>key r=m 没有问题
        // if a[m]==key, 此时m可能在任意可能满足a[i]==key的位置
    }
    if(a[r]==key) return r;
    return -1;
}
int b2(int a[],int n,int key){
    int m,l=0,r=n-1;
    while(l<r){
        m=l+((r+1-l)>>1);//向上取整
        if(a[m]<=key) l=m;
        else r=m-1;
    }
    if(a[l]==key) return l;
    return -1;
}
int b3(int a[],int n,int key){
    int m,l=0,r=n-1;
    while(l<r){
        m=l=((r-l)>>1);
        if(a[m]<=key) l=m+1;
        else r=m;
    }
    if(a[r]>key) return r;
    return -1;
}
int b4(int a[],int n,int  key){
    int m,l=0,r=n-1;
    while(l<r){
        m=l+((r-l+1)>>1);
        if(a[m]<key) l=m;
        else r=m-1;
    }
    if(a[l]<key) return l;
    return -1;
}
int lower_bound(int A[], int n, int key) {
   if (A[n - 1] < key) return n;
   int lo = 0, hi = n - 1;
   while (lo < hi) {
      int mid = (lo + hi) / 2;
      if (A[mid] < key) lo = mid + 1; else hi = mid;
   }
   return lo;
}