这题思路：
一开始有n盏灯，且全部为关闭状态，都记为 0 就是 The initial condition : 0 0 0 0 0 …
然后之后进行i操作就是对这些灯以是否能被i整除，进行改变状态，如将 0 改为 1 或 将 1 改为 0
正如提醒里的
After the first operation : 1 1 1 1 1 …
After the second operation : 1 0 1 0 1 …
After the third operation : 1 0 0 0 1 …
After the fourth operation : 1 0 0 1 1 …
After the fifth operation : 1 0 0 1 0 …
然后题目的输出是 第i次操作的第i个的状态，正如上面红色标记的
代码如下：
#include<stdio.h>
int count(int n)
{
int i,j=0;
for(i=1;i<=n;i++)
{
if(n%i==0)
j++;
}
return j;
}
int main()
{
int n;
while(~scanf("%d",&n))
{
printf("%d
",count(n)%2);
}
return 0;
}
这题还有规律：
我们把前10个写出来就知道了
1. 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1
2. 1 0 1 0 1 0 1 0 1 0 1 0 1
3. 1 0 0 0 1 1 1 0 0 0 1 1 1
4. 1 0 0 1 1 1 1 1 0 0 1 0 1
5. 1 0 0 1 0 1 1 1 0 1 1 0 1
6. 1 0 0 1 0 0 1 1 0 1 1 1 1
7. 1 0 0 1 0 0 0 1 0 1 1 1 1
8. 1 0 0 1 0 0 0 0 0 1 1 1 1
9. 1 0 0 1 0 0 0 0 1 1 1 1 1
10. 1 0 0 1 0 0 0 0 1 0 1 1 1
从这里我们就可以规律了，就是除了 n*n 是 1 ，其余的都是 0
代码如下：
#include<stdio.h>
#include<string.h>
int main()
{
int n,a[100001],i;
memset(a,0,sizeof(a));
for(i=1;i*i<=100000;i++)
a[i*i]=1;
while(~scanf("%d",&n))
{
if(n<0||n>100000)
break;
printf("%d
",a[n]);
}
return 0;
}