【题解】NOIP2018 旅行

题目戳我

( ext{Solution:})

首先题目描述有一点不准确：回头是必须要走完一条路无路可走的时候才能返回。

对于树的情况：显然贪心做就完事了。

对于基环树的情况：对于一个(n)条边的环，如果我们已经走了(n-1)条边，那么此时我们已经可以到达环上任意一点了。所以我们可以枚举并删边。

题目中要求一个点除非回溯否则不能再次访问，这意味着一定有一条边无法访问，枚举那一条边即可。

时间复杂度(O(n^2).)

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int inf=(1<<30);
int n,m,E[5001][2];
vector<int>G[5001];
namespace P1{
	vector<int>ans;
	void dfs(int x,int y){
		ans.push_back(x);
		for(int i=0;i<G[x].size();++i){
			int j=G[x][i];
			if(j==y)continue;
			dfs(j,x);
		}
	}
	void solve(){
		dfs(1,0);
		for(int i=0;i<ans.size();++i)printf("%d ",ans[i]);
		puts("");
	}
}
namespace P2{
	vector<int>ans,res;
	bitset<5001>vis;
	int Dv,Du;
	void dfs(int x,int fa){
		res.push_back(x);vis[x]=1;
		for(int i=0;i<G[x].size();++i){
			int j=G[x][i];
			if((x==Du&&j==Dv)||(x==Dv&&j==Du)||vis[j]||j==fa)continue;
			dfs(j,x);
		}
	}
	inline bool check(){
		for(int i=0;i<n;++i){
			if(ans[i]!=res[i]){
				if(ans[i]>res[i])return false;
				return true;
			}
		}
		return true;
	}
	void solve(){
		for(int i=0;i<n;++i)ans.push_back(inf),res.push_back(0);
		for(int i=1;i<=m;++i){
			res.clear();vis.reset();
			Du=E[i][0],Dv=E[i][1];
			dfs(1,0);
			for(;(int)res.size()<n;)res.push_back(inf);
			if(!check())swap(res,ans);
		}
		for(int i=0;i<n;++i)printf("%d ",ans[i]);
		puts("");
	} 
}
int main(){
	scanf("%d%d",&n,&m);
	for(int i=1;i<=m;++i){
		int x,y;
		scanf("%d%d",&x,&y);
		G[x].push_back(y);
		G[y].push_back(x);
		E[i][0]=x,E[i][1]=y;
	}
	for(int i=1;i<=n;++i)sort(G[i].begin(),G[i].end());
	if(m==n-1){P1::solve();return 0;}
	P2::solve();
	return 0;
}