【atc abc160F】F

传送门

题意：
求以每个点为根节点的树的拓扑序计数。

思路：
是一个挺经典的问题。
我们考虑自下而上的树形(dp)：假设我们当前点在(u)，我们已经求出来了(dp[v],vin sons_u)。
现在要求(u)的方案数，我们考虑在(u)放上(1)，然后剩下(sz[u]-1)个数生成一个排列依次给每个结点赋值。之后类似于一个可重集的排列问题，对于每个结点，我们要除以(sz[v]!)，就相当于我们从(sz[u]-1)个数中拿出来一些数给(v)这颗子树赋值，不考虑顺序的情况下，这些数不同的方案数。接下来就考虑上顺序，乘以一个(dp[v])就行。所以总的方案数为：

[(sz[u] - 1)!cdot prodfrac{dp[i]}{sz[i]!},uin father(i) ]

当然，还有更加简单的公式，我们不用考虑(dp)，因为我们发现首位固定最小的排列数为((n-1)!)。那么对于以(u)为根节点的子树答案为：

[sz[u]!prodfrac{1}{sz[i]},uin father(i) ]

这两个式子是等价的，我们可以直接归纳证明。

这样就求出来了以一个点作为根节点的情况，求所有点作为根结点的情况直接换根跑一下就行。
细节见代码：

/*
 * Author:  heyuhhh
 * Created Time:  2020/5/16 17:42:54
 */
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <iomanip>
#include <assert.h>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
  void err() { std::cout << std::endl; }
  template<typename T, typename...Args>
  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
  template <template<typename...> class T, typename t, typename... A> 
  void err(const T <t> &arg, const A&... args) {
  for (auto &v : arg) std::cout << v << ' '; err(args...); }
#else
  #define dbg(...)
#endif
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
//head
const int N = 2e5 + 5, MOD = 1e9 + 7;

int qpow(ll a, ll b) {
    ll res = 1;
    while (b) {
        if (b & 1) res = res * a % MOD;
        a = a * a % MOD;
        b >>= 1;   
    }
    return res;   
}

int n;
vector <int> G[N];
int sz[N], f[N];

void dfs(int u, int fa) {
    sz[u] = 1;
    for (auto v : G[u]) if (v != fa) {
        dfs(v, u);
        sz[u] += sz[v];
    }
}

void dfs2(int u, int fa) {
    for (auto v : G[u]) if (v != fa) {
        f[v] = 1ll * f[u] * sz[v] % MOD * qpow(n - sz[v], MOD - 2) % MOD;
        dfs2(v, u);
    }
}

void run() {
    cin >> n;
    for (int i = 1; i < n; i++) {
        int u, v; cin >> u >> v;
        G[u].push_back(v);
        G[v].push_back(u);
    }
    dfs(1, 0);
    f[1] = 1;
    for (int i = 1; i <= n; i++) {
        f[1] = 1ll * f[1] * i % MOD;
    }
    for (int i = 1; i <= n; i++) {
        f[1] = 1ll * f[1] * qpow(sz[i], MOD - 2) % MOD;
    }
    dfs2(1, 0);
    for (int i = 1; i <= n; i++) {
        cout << f[i] << '
';   
    }
}

int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0); cout.tie(0);
    cout << fixed << setprecision(20);
    run();
    return 0;
}