题目背景
这是一道模板题。
题目描述
给定包含 (n) 个结点， (m) 条有向边的一个图。试求一棵以结点 (r) 为根的最小树形图，并输出最小树形图每条边的权值之和，如果没有以 (r) 为根的最小树形图，输出 (-1) 。
输入输出格式
输入格式：
第一行包含三个整数 (n,m,r) ，意义同题目所述。
接下来 (m) 行，每行包含三个整数 (u,v,w) ，表示图中存在一条从 (u) 指向 (v) 的权值为 (w) 的有向边。
输出格式：
如果原图中存在以 (r) 为根的最小树形图，就输出最小树形图每条边的权值之和，否则输出 (-1) 。
输入输出样例
输入样例#1：
4 6 1
1 2 3
1 3 1
4 1 2
4 2 2
3 2 1
3 4 1
输出样例#1：
3
输入样例#2：
4 6 3
1 2 3
1 3 1
4 1 2
4 2 2
3 2 1
3 4 1
输出样例#2：
4
输入样例#3：
4 6 2
1 2 3
1 3 1
4 1 2
4 2 2
3 2 1
3 4 1
输出样例#3：
-1
说明
样例 (1) 解释
最小树形图中包含第 (2) ， (5) ， (6) 三条边，总权值为 (1 + 1 + 1 = 3)
样例 (2) 解释
最小树形图中包含第 (3) ， (5) ， (6) 三条边，总权值为 (2 + 1 + 1 = 3)
样例 (3) 解释
无法构成最小树形图，故输出 (-1) 。
数据范围
对于所有数据， (1 leq u, v leq n leq 100) ， (1 leq m leq 10^4) ，(1 leq w leq 10^6) 。
题解
最小树形图模板题，打板子就好了
如果你不会最小树形图，看这个图，或者看这里
#include<bits/stdc++.h>
#define ui unsigned int
#define ll long long
#define db double
#define ld long double
#define ull unsigned long long
const int MAXN=100+10,MAXM=10000+10,inf=0x3f3f3f3f;
int n,m,r,in[MAXN],bel[MAXN],vis[MAXN],pre[MAXN];
struct node{
int u,v,k;
};
node side[MAXM];
template<typename T> inline void read(T &x)
{
T data=0,w=1;
char ch=0;
while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9'))ch=getchar();
if(ch=='-')w=-1,ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9')data=((T)data<<3)+((T)data<<1)+(ch^'0'),ch=getchar();
x=data*w;
}
template<typename T> inline void write(T x,char ch=' ')
{
if(x<0)putchar('-'),x=-x;
if(x>9)write(x/10);
putchar(x%10+'0');
if(ch!=' ')putchar(ch);
}
template<typename T> inline void chkmin(T &x,T y){x=(y<x?y:x);}
template<typename T> inline void chkmax(T &x,T y){x=(y>x?y:x);}
template<typename T> inline T min(T x,T y){return x<y?x:y;}
template<typename T> inline T max(T x,T y){return x>y?x:y;}
inline int solve(int rt,int n)
{
int res=0;
while(true)
{
for(register int i=1;i<=n;++i)in[i]=inf;
for(register int i=1;i<=m;++i)
if(side[i].u!=side[i].v&&in[side[i].v]>side[i].k)in[side[i].v]=side[i].k,pre[side[i].v]=side[i].u;
for(register int i=1;i<=n;++i)
if(i!=rt&&in[i]==inf)return -1;
int cnt=0;
memset(bel,0,sizeof(bel));
memset(vis,0,sizeof(vis));
in[rt]=0;
for(register int i=1,j;i<=n;++i)
{
res+=in[i];j=i;
while(j!=rt&&vis[j]!=i&&!bel[j])vis[j]=i,j=pre[j];
if(j!=rt&&!bel[j])
{
bel[j]=++cnt;
for(register int k=pre[j];k!=j;k=pre[k])bel[k]=cnt;
}
}
if(!cnt)break;
for(register int i=1;i<=n;++i)
if(!bel[i])bel[i]=++cnt;
for(register int i=1,u,v;i<=m;++i)
{
u=side[i].u,v=side[i].v;
side[i].u=bel[u],side[i].v=bel[v];
if(bel[u]^bel[v])side[i].k-=in[v];
}
n=cnt;
rt=bel[rt];
}
return res;
}
int main()
{
read(n);read(m);read(r);
for(register int i=1;i<=m;++i)
{
int u,v,k;read(u);read(v);read(k);
side[i]=(node){u,v,k};
}
write(solve(r,n),'
');
return 0;
}