http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1834
我又思考人生了T_T，nd的数组开小了，一直wa，调了一个小时才发现啊！！！！！我一直以为我的isap错了T_T，可是完全没错啊！！！！
这题其实第一个问很简单，跑一次最大流即可。第二个问就是在跑完最大流的残量网络上每条边都扩充容量为oo，费用为边的费用，然后设个超级源连一条容量为k的边到点1，再跑一次费用流即可。
理由很简单，自己想，我就不说了。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <string>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define rep(i, n) for(int i=0; i<(n); ++i)
#define for1(i,a,n) for(int i=(a);i<=(n);++i)
#define for2(i,a,n) for(int i=(a);i<(n);++i)
#define for3(i,a,n) for(int i=(a);i>=(n);--i)
#define for4(i,a,n) for(int i=(a);i>(n);--i)
#define CC(i,a) memset(i,a,sizeof(i))
#define read(a) a=getint()
#define print(a) printf("%d", a)
#define dbg(x) cout << #x << " = " << x << endl
#define printarr(a, n, m) rep(aaa, n) { rep(bbb, m) cout << a[aaa][bbb]; cout << endl; }
inline const int getint() { int r=0, k=1; char c=getchar(); for(; c<'0'||c>'9'; c=getchar()) if(c=='-') k=-1; for(; c>='0'&&c<='9'; c=getchar()) r=r*10+c-'0'; return k*r; }
inline const int max(const int &a, const int &b) { return a>b?a:b; }
inline const int min(const int &a, const int &b) { return a<b?a:b; }
const int N=1010, M=2000000, oo=~0u>>1;
int ihead[N], cnt=1, cur[N], gap[N], d[N], p[N], n, m, k, vis[N], q[N], front, tail, nd[M][3];
struct ED { int from, to, cap, w, next; } e[M];
inline void add(const int &u, const int &v, const int &c, const int &w) {
e[++cnt].next=ihead[u]; ihead[u]=cnt; e[cnt].to=v; e[cnt].from=u; e[cnt].cap=c; e[cnt].w=w;
e[++cnt].next=ihead[v]; ihead[v]=cnt; e[cnt].to=u; e[cnt].from=v; e[cnt].cap=0; e[cnt].w=-w;
}
int isap(const int &s, const int &t, const int &n) {
for1(i, 0, n) cur[i]=ihead[i];
int ret=0, i, f, u=s;
gap[0]=n;
while(d[s]<n) {
for(i=cur[u]; i; i=e[i].next) if(e[i].cap && d[u]==d[e[i].to]+1) break;
if(i) {
p[e[i].to]=cur[u]=i; u=e[i].to;
if(u==t) {
for(f=oo; u!=s; u=e[p[u]].from) f=min(f, e[p[u]].cap);
for(u=t; u!=s; u=e[p[u]].from) e[p[u]].cap-=f, e[p[u]^1].cap+=f;
ret+=f;
}
}
else {
if(! (--gap[d[u]]) ) break;
d[u]=n; cur[u]=ihead[u];
for(i=ihead[u]; i; i=e[i].next) if(e[i].cap && d[u]>d[e[i].to]+1) d[u]=d[e[i].to]+1;
++gap[d[u]];
if(u!=s) u=e[p[u]].from;
}
}
return ret;
}
inline const bool spfa(const int &s, const int &t) {
for1(i, s, t) d[i]=1000000000, vis[i]=0;
vis[s]=1; d[s]=front=tail=0; q[tail++]=s;
int u, v, i;
while(front!=tail) {
u=q[front++]; if(front==N) front=0;
for(i=ihead[u]; i; i=e[i].next) if(e[i].cap && d[v=e[i].to]>d[u]+e[i].w) {
d[v]=d[u]+e[i].w; p[v]=i;
if(!vis[v]) {
vis[v]=1, q[tail++]=v;
if(tail==N) tail=0;
}
}
vis[u]=0;
}
return d[t]!=1000000000;
}
int mcf(const int &s, const int &t) {
int ret=0, f, u;
while(spfa(s, t)) {
for(f=oo, u=t; u!=s; u=e[p[u]].from) f=min(f, e[p[u]].cap);
for(u=t; u!=s; u=e[p[u]].from) e[p[u]].cap-=f, e[p[u]^1].cap+=f;
ret+=d[t]*f;
}
return ret;
}
int main() {
read(n); read(m); read(k);
int s=1, t=n, u, v, c;
for1(i, 1, m) {
read(u); read(v); read(c); read(nd[i][2]);
add(u, v, c, 0);
nd[i][0]=u; nd[i][1]=v;
}
printf("%d ", isap(s, t, t+1));
for1(i, 1, m) add(nd[i][0], nd[i][1], oo, nd[i][2]);
s=0; add(s, 1, k, 0);
print(mcf(s, t));
return 0;
}
Description
给定一张有向图，每条边都有一个容量C和一个扩容费用W。这里扩容费用是指将容量扩大1所需的费用。求： 1、 在不扩容的情况下，1到N的最大流； 2、 将1到N的最大流增加K所需的最小扩容费用。
Input
输入文件的第一行包含三个整数N,M,K，表示有向图的点数、边数以及所需要增加的流量。 接下来的M行每行包含四个整数u,v,C,W，表示一条从u到v，容量为C，扩容费用为W的边。
Output
输出文件一行包含两个整数，分别表示问题1和问题2的答案。
Sample Input
5 8 2
1 2 5 8
2 5 9 9
5 1 6 2
5 1 1 8
1 2 8 7
2 5 4 9
1 2 1 1
1 4 2 1
1 2 5 8
2 5 9 9
5 1 6 2
5 1 1 8
1 2 8 7
2 5 4 9
1 2 1 1
1 4 2 1
Sample Output
13 19
30%的数据中，N<=100
100%的数据中，N<=1000，M<=5000，K<=10
30%的数据中，N<=100
100%的数据中，N<=1000，M<=5000，K<=10