某一天，YellowStar在人生的道路上迷失了方向，迷迷糊糊之中，它误入了一座迷宫中，幸运的是它在路口处发现了一张迷宫的地图。
经过它的观察，它发现这个迷宫一共有n个房间，并且这n个房间呈现一个有根树结构，它现在所在的1号房间为根，其它每个房间都有一个上级房间，连接第i个房间和它的上级房间Pi的道路长度为Wi。
在地图的背面，记载了这个迷宫中，每个房间拥有一个时空传送门，第i个房间的传送门可以花费Di单位的时间传送到它的任意一个下级房间中（如果x是y的下级房间，并且y是z的下级房间，那么x也是z的下级房间）。
YellowStar的步行速度为1单位时间走1长度，它现在想知道从1号房间出发，到每一个房间的最少时间。
Input
包含多组测试数据。
第一行输入n表示n个房间。
第二行输出n个数字，第i个数字Di表示i号房间传送器需要花费的时间。
接下来n-1行，第i行包含两个数字Pi和Wi，表示i+1号房间的上级房间为Pi，道路长度为Wi。
1≤n≤100000
1≤Di, Wi≤10^9
Output
输出n个数，第i个数表示从1号房间出发到i号房间的最少时间。 (注意，输出最后一个数字后面也要加一个空格)
Sample Input
5
99 97 50 123 550
1 999
1 10
3 100
3 44
Sample Output
0 99 10 60 54
Hint
初始在1号房间，到1号房间的代价为0。
通过1号房间的传送门传送到2号房间，到2号房间的代价为99。
通过1号房间走到3号房间，到3号房间的代价为10。
通过1号房间走到3号房间，在通过3号房间的传送门传送到4号房间，到4号房间的代价为60。
通过1号房间走到3号房间，在通过3号房间走到5号房间，到5号房间的代价为54。
分析：在一个树的根节点，求到达树上每个节点的最小花费。对于一个传送门可以到达其节点子树上的任意一个几点。首先可以明确，我们从根部走到某个节点的过程，要么是全程走过去的。要么是走一段，然后通过传送门直接到达，或者根本不走，直接通过传送门到达。
根本不存在先传送门，然后走一会儿到达的情况，也就是说不可能有两种方式交替的情况行走。因为如果我能通过传送门到达的节点，为什么还要中途停下来去走路？明明可以直达的位置，还要转换方式再去徒增一段行走的花费。
这样就转换成了一个问题。对于一个节点，要么从根节点直接走过来，这种情况直接求和即可得到。要么从到达该节点路径上的某一个父节点直达。也就是用路径上所有父节点的传送门花费，松弛走到该点的最小花费。
对于当前结点，找其路径上的父亲松弛花费，对于子节点，深搜下去，用已经达到最优了的当前结点直接通过走的方式到达下一个结点。而下一个结点可能也可能通过路径上的某一个父节点直接传送过来。
即使是这样对于题目中提到的1e5个节点的数据量，仍然可能会出现单链树的情况，这样一来就成了O(n^2)的算法，并且，因为路径上的传送门花费是小于1e9的，因此到达任意一个节点，最大花费都不会超过1e9,因为一旦通过走的花费之后超过了1e9,其路径上必有某个节点的传送花费小于行走花费。因此都可以通过最大1e9的传送到达。
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<vector>
#include<algorithm>
#define LL long long
using namespace std;
const int maxn=1e5+10;
struct edge
{
int val,to;
edge() {}
edge(int a,int b)
{
val=a;
to=b;
}
};
int n,path[maxn],num;
int di[maxn],dist[maxn];
vector<edge>mp[maxn];
void dfs(int now)
{
path[num++]=now;
for(int i=0; i<num; i++)
dist[now]=min(dist[now],dist[path[i]]+di[path[i]]);
for(int i=0; i<mp[now].size(); i++)
{
edge to=mp[now][i];
dist[to.to]=dist[now]+to.val;
dfs(to.to);
}
num--;
}
int main()
{
while(scanf("%d",&n)!=EOF)
{
int val,fa;
for(int i=0; i<=n; i++)mp[i].clear();
for(int i=1; i<=n; i++)scanf("%d",&di[i]);
for(int i=2; i<=n; i++)
{
scanf("%d%d",&fa,&val);
mp[fa].push_back(edge(val,i));
}
dist[1]=0;
num=0;
dfs(1);
for(int i=1; i<=n; i++) printf("%d ",dist[i]);
printf("
");
}
}